Комбинаторика
TRANSCRIPT
Лекции по алгебре Комбинаторика Автор: Михайлова В. Ю.
1
Лекции для школ с углубленным изучением математики.
Алгебра. 10 класс.
Тема: Комбинаторика.
Автор:
Михайлова Виктория Юрьевна.
Documents history:
08.01.2008 – document create.
Status: draft
Лекции по алгебре Комбинаторика Автор: Михайлова В. Ю.
2
Содержание.
§1. Поведение и основные правила комбинаторики/в рукописном варианте/.
§2. Множества и операции над ними. Нахождение числа элементов суммы множеств.
§3. Подмножества данного множества. Множества M(A), Mk(A). Теорема о числе всех k-
элементных подмножеств n-элементного множества. Сочетания без повторений. Число
всех подмножеств n-элементного множества.
§4. Свойства чисел (биномиальные тождества):
,
.
§5. Упорядоченные множества. Перестановки и размещения без повторений.
Лекции по алгебре Комбинаторика Автор: Михайлова В. Ю.
3
§1. Поведение и основные правила комбинаторики.
Комбинаторный анализ, комбинаторика, математика – раздел математики, посвященный
решению задач выбора и расположения элементов некоторого конечного множества в
соответствие с заданными правилами.
Каждое такое правило определяет способ построения некоторой конструкции из
элементов исходного множества, называемой комбинаторной конфигурацией, поэтому
можно сказать, что целью комбинаторики является изучение комбинаторных
конфигураций. Это изучение включает в себя вопросы:
Существования комбинаторных конфигураций;
Алгоритмы их построения;
Оптимизацию этих алгоритмов.
Также изучение включает в себя решение задач перечисления комбинаторных
конфигураций. Примером простейших комбинаторных конфигураций являются
перестановки, сочетания и размещения.
Лекции по алгебре Комбинаторика Автор: Михайлова В. Ю.
4
§2. Множества и операции над ними. Нахождение числа элементов суммы множеств.
2.1. Множества.
Основные понятия теории множеств играют существенную роль. Понятие «множества»
является первичным и неопределяемым. Предметы (объекты), представляющие данное
множество называются его элементами. Тот факт, что элемент x принадлежит множеству
A записывается так: , в противном случае пишем . Количество элементов
множества будем обозначать как N(A). Однозначно описать множество можно
несколькими способами, например:
указывать общее (характеристическое) свойство элементов, принадлежащих
множеству A.
Определение: A={x|P(x)} – множество всех таких x, что выполнено P(x), где P(x) –
свойство, характеризующее в точности все элементы множества A.
давать список элементов, входящих в данное множество. Если множество A
состоит из элементов а1,…,an, то будем писать A={а1,…,an}. Данный способ
возможен только лишь в том случае, если множество имеет конечное число
элементов.
Определение: множество, которое имеет конечное число элементов, называется
конечным множеством.
Определение: конечное множество, все элементы которого перенумерованы, называется
упорядоченным множеством.
Определение: множество, не содержащее элементов, называется пустым множеством
и обозначается: .
Комбинаторика есть теория конечных множеств. Поэтому далее мы будем иметь дело
только с конечными множествами. Теория конечных множеств изучает правила: как, зная
количество элементов некоторых множеств, вычислить количество элементов других
множеств, которые составлены из первых с помощью некоторых операций.
2.2. Операции над множествами.
Определение: если каждый элемент множества B является элементом множества A, то B
называется подмножеством множества A. Обозн.: AB (читается A содержит B, B
входит в A).
Будем считать, что пустое множество является подмножеством любого множества:
A .
Для всякого множества A имеет место соотношение: AA .
Определение: Два множества называются равными A=B, если BA и AB .
Определение: множество B называется собственным подмножеством множества A,
если
Лекции по алгебре Комбинаторика Автор: Михайлова В. Ю.
5
Обобщим на любые введенные нами множества операции пересечения, объединения и
вычитания.
Определение: объединением множеств A и B называется множество (обозн.: ),
состоящие из тех и только тех элементов, которые принадлежат хотя бы одному из
множеств A или B, то есть: { | }.
Пример: { } { } { }.
Определение: объединением множеств A1,…,An называется множество, состоящие из тех
и только тех элементов, которые принадлежат хотя бы одному из множеств , то
есть: { | }.
Определение: пересечением множеств A и B называется множество (обозн.: ),
состоящие из тех и только тех элементов, которые принадлежат как A, так и B, то есть:
{ | }.
Определение: пересечением множеств A1,…,An называется множество, состоящие из тех
и только тех элементов, которые принадлежат всем множествам , то есть:
{ | }.
Пример: { } { } { }.
Определение: разностью множеств A и B называется множество (обозн.: ),
состоящее из тех и только тех элементов множества A, которые не принадлежат B, то есть:
{ | }.
Если AB , то разность называют дополнением множества B в множестве A.
Обозн.: .
рис. 1
На рисунке 1 изображены схематические операции над множествами X и Y. Такие
изображения множеств называются диаграммами Эйлера-Венна.
Свойства операций над множествами:
i. =
ii. = законы коммутативности
iii. =
iv. = законы идемпотентности
v. =
vi. = законы ассоциативности
vii. =
viii. = законы дистрибутивности
Лекции по алгебре Комбинаторика Автор: Михайлова В. Ю.
6
В случае, когда все рассматриваемые множества являются частями одного и того же
множества E, результаты выполнения операций пересечения и объединения снова дают
подмножества из одного и того же множества. Дополнение к любой части множества E
снова является частью того же множества. Обозначим в таком случае = .
ix. =B EB
x. = EBA ,
xi. = EBA , законы дополнения
xii. = E
xiii. =
xiv. EA
xv. A
xvi. EA
xvii. A
Все приведенные выше свойства могут быть доказаны по единой схеме, использующей
определение равенства двух множеств A и B: A=B, если BA и AB , либо используя
эквивалентные переходы.
Мы не будем доказывать все свойства, приведем только некоторые доказательства:
7). 1. Докажем, что .
Пусть или .
Если => и .
Если => и => и .
Тем самым мы показали, что .
2. Докажем, что .
Пусть и .
Если => .
Если => и => => .
Тем самым мы показали, что .
По определению равенства двух множеств, получаем: = .
10). Используем эквивалентные переходы.
или или .
Значит, = .
2.3. Нахождение числа элементов суммы множеств.
Определение: Будем обозначать через N(A) число элементов множества A.
Теорема: Для любых двух конечных множеств A и B верно равенство:
(1)
Лекции по алгебре Комбинаторика Автор: Михайлова В. Ю.
7
Доказательство:
Множество является объединением трех попарно непересекающихся множеств:
, и . Первое из этих множеств содержит
элементов, второе содержит элементов, третье содержит
элементов. Значит, число элементов в множестве равно:
Пример: A={a,b,c,d,e,f}, B={d,e,f,g,h}. ={a,b,c,d,e,f,g,h}. ={d,e,f}.
=6, =5, =8, =3. 8=6+5-3.
С помощью формулы (1) легко вывести доказательство для любого числа множеств.
Например, для трех множеств:
( ) ( )
Следовательно,
(2)
Пример:
каждый ученик класса либо девочка, либо блондин, либо любит математику. В классе 20
девочек, из них 12 блондинок, а одна блондинка любит математику. Всего в классе 24
ученика-блондина, математику из них любят 12, а всего учеников (мальчиков и девочек),
которые любят математику 17, из них 6 девочек. Сколько учеников в данном классе?
Решение:
Пусть: A= {девочки}, B= {блондины}, C= {ученики, которые любят математику}.
Тогда: N(A) = 20, N(B) = 24, N(C) = 17.
= 12, = 12, = 6, =1.
Следовательно, число учеников в классе: =20+24+17-12-12-6+1=32
Теорема: Если A1,…,An – некоторые конечные множества, то верна формула включений и
исключений:
( )
(3)
Доказательство (ММИ):
1. БИ: формула (3) справедлива для двух множеств в силу (1).
2. ИП: Пусть формула (3) справедлива для (n-1) множества.
3. Покажем, что она выполняется и для n множеств:
Лекции по алгебре Комбинаторика Автор: Михайлова В. Ю.
8
Заметим, что правая часть равенства (3) является суммой n слагаемых, k-е по порядку
слагаемое имеет вид: , где есть сумма чисел
(
) по всем возможным пересечениям ровно k различных множеств из
множеств A1,…,An.
По формуле (1):
Осталось принять во внимание, что:
…
§3. Подмножества данного множества. Множества M(A), Mk(A). Теорема о числе всех k-
элементных подмножеств n-элементного множества. Сочетания без повторений. Число
всех подмножеств n-элементного множества.
3.1. Множества M(A), Mk(A). Теорема о числе всех k-элементных подмножеств n-
элементного множества. Сочетания без повторений.
Напомним определение: если каждый элемент множества B является элементом
множества A, то B называется подмножеством множества A.
Если задано некоторое множество A, то можно рассмотреть новое множество M(A) –
множество всех подмножеств данного множества.
Будем обозначать Mk(A) – множество всех подмножеств множества A, состоящее из k
элементов.
Замечания:
1.
Пример:
Пусть A={a,b,c}.
Тогда M(A)={{a},{b},{c},{a,b},{b,c},{a,c},{a,b,c}, }, ={{a},{b},{c}}, = ,
={a,b,c}=A. N( )=3, N( )=3, N( )=1, N( )=1.
Лекции по алгебре Комбинаторика Автор: Михайлова В. Ю.
9
2. , N( )=1
3. = A
4. Элементами множеств M(A), Mk(A) являются множества.
Далее рассмотрим важный вопрос: сколько k-элементных подмножеств имеет
множество, состоящее из n элементов.
Теорема:
Пусть множество A состоит из n элементов. Число всех k-элементных подмножеств
множества A равно
. То есть N(Mk(A)) =
.
Доказательство:
Рассмотрим несколько случаев для пояснения:
1). k=0. Тогда , N( )=1.
. Левая часть = правой части.
2). k=n. Тогда правая часть:
. Левая часть: – число всех n-элементных
подмножеств множества A. Это число равно 1. Левая часть = правой части.
3). k=1. Тогда правая часть:
. Левая часть: – число всех 1-элементных
подмножеств множества A. Это число равно n. Левая часть = правой части.
1 способ доказательства теоремы (ММИ):
1. Рассмотрим k=0 – верно.
2. ИП: Пусть утверждение верно для (k-1)-элементных подмножеств. То есть
.
3. Покажем, что утверждение верно и для k-элементных подмножеств. То есть
.
Обоснование:
Рассмотрим n-элементное множество A. Требуется найти число k-элементных
подмножеств этого множества, зная число (k-1)-элементных подмножеств этого
множества.
Чтобы построить k-элементное подмножество множества, нужно к (k-1)-элементному
подмножеству присоединить один элемент из n-k+1 элементов, которые не входят в это
(k-1)-элементное подмножество. Таким образом, получаем (n-(k-1))*
подмножеств. Но не все полученные множества будут разными.
Лекции по алгебре Комбинаторика Автор: Михайлова В. Ю.
10
Пример:
Пусть A={a,b,c,d,e}.
Тогда 4-х-элементное подмножество: {a,b,c,d} можно получить:
Либо присоединив {a} к {b,c,d};
Либо присоединив {b} к {a,c,d};
Либо присоединив {c} к {a,b,d};
Либо присоединив {d} к {a,b,c};
Каждое k-элементное множество можно построить k способами: присоединением
каждого из k его элементов. То есть, все эти (n-(k-1))* множества делятся на
группы по k одинаковых множеств. Значит, количество таких групп (то есть разных k-
элементных подмножеств) равно:
=
( ) =
=
.
2 способ доказательства теоремы (число всех k-элементных подмножеств n-
элементного множества равно
).
Поймем, сколькими способами можно составить k-элементное подмножество:
1-й элемент можно выбрать n способами;
2-й элемент можно выбрать (n-1) способами;
3-й элемент можно выбрать (n-2) способами;
…
k-й элемент можно выбрать (n-k+1) способами.
Таким образом получится n*(n-1)*(n-2)*…*(n-k+1) k-элементных множеств. Но те
множества, которые получились друг из друга только перестановкой своих элементов на
самом деле одинаковы.
Поскольку k элементов можно переставить k! способами, то все n*(n-1)*(n-2)*…*(n-k+1)
множеств разобьются на группы по k! одинаковых. Всего таких групп, то есть различных
k-элементных подмножеств будет
=
=
.
Определение: Произвольное k-элементное подмножество n-элементного множества
называется сочетанием k элементов из n.
Замечание: Порядок элементов во множестве не важен. Иногда вместо слова
«сочетание» употребляют «комбинация».
Лекции по алгебре Комбинаторика Автор: Михайлова В. Ю.
11
Обозначим – число всех сочетаний из n элементов по k. В теореме мы показали, что
.
Примеры:
1) /есть только один способ выбрать 0, то есть ни выбрать ни одного из n
элементов/.
2) /всего 3 способа выбрать 2 предмета из 3-х/.
3) /всего n способов выбрать 1 элемент из n элементов/.
Задачи:
1. Сколькими способами можно выбрать 2 книжки из 5?
Решение:
1 способ: Число способов равно числу двухэлементных подмножеств пятиэлементного
множества. То есть ответ: .
2 способ: 1-ю книжку можно выбрать 5-ю способами;
2-ю книжку можно выбрать 4-мя способами;
Но не все получившиеся пары будут различными.
Поэтому различных способов: (5*4)/2=10.
Ответ: 10.
2. Сколькими способами из команды в 7 человек можно выбрать 3 представителей?
Решение:
1 способ: Число способов равно числу пятиэлементных подмножеств семиэлементного
множества. То есть ответ: .
2 способ: 1-го представителя можно выбрать 7-ю способами;
2- го представителя можно выбрать 6-ю способами;
3- го представителя можно выбрать 5-ю способами;
Но не все получившиеся тройки будут различными.
Поэтому различных способов: (7*6*5)/3!=35.
Ответ: 35.
3. Рассмотрим для демонстрации пример, когда порядок важен. Сколькими способами из
команды в 7 человек можно выбрать 3-х представителей для участия в трех олимпиадах?
Решение:
В данном случае важен порядок элементов во множестве, то есть Катя(алгебра),
Маша(русский), Коля(биология) и Маша(алгебра), Катя(русский),Коля(биология) – будут
различными комбинациями.
То есть число способов выбрать 3-х представителей для участия в трех олимпиадах равно
7*6*5=210.
Ответ: 210.
Лекции по алгебре Комбинаторика Автор: Михайлова В. Ю.
12
4. В турнире принимали участие n шахматистов и каждые 2 из них встретились 1 раз.
Сколько партий было сыграно в турнире?
Решение:
Число двухэлементных подмножеств n-элементного множества равно
.
Ответ:
.
5. Несколько модернизируем предыдущую задачу. В турнире принимали участие n
шахматистов и каждые 2 из них встретились 5 раз. Сколько партий было сыграно в
турнире?
Решение:
Число двухэлементных подмножеств n-элементного множества равно
. Так
как каждые 2 человека должны были встретиться 5 раз, то ответом в данной задаче будет:
Ответ:
.
6. На плоскости отмечено 10 точек так, что никакие три из них не лежат на одной прямой.
Сколько существует треугольников с вершинами в этих точках?
Решение:
1 способ: Решение задачи сводится к нахождению числа трехэлементных подмножеств
десятиэлементного множества. Как мы знаем, это число:
.
2 способ: 1-ю точку для треугольника можно выбрать 10-ю способами;
2-ю точку для треугольника можно выбрать 9-ю способами;
3-ю точку для треугольника можно выбрать 8-ю способами;
Но не все получившиеся треугольники будут различными.
Поэтому различных способов: (10*9*8)/3!=120.
7. У одного школьника есть 6 книг по математике, а у другого – 8. Сколькими способами
они могут обменять три книги одного на три книги другого?
Решение:
Первый школьник может выбрать3 книги для обмена способами, второй -
способами. Таким образом, число возможных обменов равно
.
Ответ:
.
Лекции по алгебре Комбинаторика Автор: Михайлова В. Ю.
13
Теорема:
Число всех подмножеств n-элементного множества равно .
Доказательство:
1 способ доказательства теоремы:
Рассмотрим n-элементное множество A. Пусть - множество всех подмножеств
множества A, содержащих элемент {a}. Пусть – множество всех подмножеств
множества A, не содержащих элемент {a} множества A. Пусть – число всех
подмножеств множества A (n-мощность множества A).
Рассмотрим : подмножество из множества получается присоединением к {a}
некоторого подмножества из {a}. Поэтому таких подмножеств будет столько,
сколько будет подмножеств в множестве {a}, которое содержит все элементы
множества A, кроме {a}. Это множество имеет n-1 элементов. Поэтому, если - число
подмножеств множества из n элементов, то .
Рассмотрим : подмножество из множества
- подмножество множества {a}.
Следовательно, .
Так как число всех подмножеств множества A равно сумме числа подмножеств в
множествах и , то .
, так как одноэлементное подмножество имеет два подмножества: само себя и .
Следовательно, .
2 способ доказательства теоремы:
Рассмотрим n-элементное множество A. Перенумеруем все его элементы и для каждого
подмножества множества A построим последовательность длины n, состоящую из “0” и
“1” по следующему правилу: на k-м месте будет стоять 1, если k-й элемент множества A
входит в это подмножество и 0, если k-й элемент множества A не входит в это
подмножество.
Например,
A={a,b,c,d,e,f}. n=6.
4 1 3 2 6 5
Рассмотрим подмножество {b,c,d}: строим для него последовательность 1 1 1 0 0 0;
Рассмотрим подмножество {a,d}: строим для него последовательность 0 1 0 1 0 0;
Рассмотрим подмножество {d,a,f}: строим для него последовательность 0 1 0 1 1 0;
Рассмотрим подмножество : строим для него последовательность 0 0 0 0 0 0;
Рассмотрим подмножество {a,b,c,d,e,f}: строим для него последовательность 1 1 1 1 1 1.
Итак, каждому подмножеству будем сопоставлять последовательность из нулей и единиц
и наоборот.
Таким образом, нужно найти число последовательностей, состоящих из нулей и единиц.
На первое место можно поставить либо 0, либо 1;
Лекции по алгебре Комбинаторика Автор: Михайлова В. Ю.
14
На второе место можно поставить либо 0, либо 1;
…
На n-е место можно поставить либо 0, либо 1.
Согласно правилу умножения, получаем различных последовательностей, то есть
различных подмножеств.
Следствие:
Имеет место равенство: ∑
.
Доказательство:
Поскольку - число всех k-элементных подмножеств n-элементного множества, то
∑
- число всех подмножеств n-элементного множества.
§4. Свойства чисел (биномиальные тождества):
,
.
Теорема:
Имеет место равенство:
.
Доказательство:
1 способ доказательства теоремы (с помощью формулы):
.
2 способ доказательства теоремы (с помощью комбинаторных рассуждений):
Рассмотрим n учеников. Нужно выбрать k учеников для участия в соревновании. Это
можно сделать способами. Но это также можно сделать
способами.
3 способ доказательства теоремы (геометрическая интерпретация):
Рассмотрим прямоугольную сетку, состоящую из квадратов. Размер сетки: (n-k)*k.
k (n-k, k)
0 n-k-1 n-k
Каково число кратчайших путей из точки (0, 0) в точку (n-k, k)? (то есть двигаемся только
вправо и вверх).
Понятно, что каждый такой кратчайший путь состоит из n отрезков (n-k горизонтальных и k
вертикальных). Разные пути различаются лишь порядком чередования вертикальных и
Лекции по алгебре Комбинаторика Автор: Михайлова В. Ю.
15
горизонтальных отрезков. Поэтому общее число путей равно числу способов, которыми
из n отрезков можно выбрать k вертикальных отрезков, то есть .
Можно было бы рассматривать число способов выбора не k вертикальных отрезков, а n-k
горизонтальных отрезков, и мы получили бы тогда ответ .
Итак, с помощью геометрических рассуждений мы установили равенство:
.
Теорема:
Имеет место равенство:
.
Доказательство:
1 способ доказательства теоремы (с помощью формулы):
.
.
.
=
(
)
(
)
.
2 способ доказательства теоремы (с помощью комбинаторных рассуждений):
Пусть множества A состоит из n элементов, . – это число всех k-элементных
подмножеств множества A.
Все k-элементные подмножества множества A разбиваются на 2 группы:
1) подмножества, в которые входит a;
2) подмножества, в которые не входит a.
Число подмножеств в первой группе: (для того, чтобы составить подмножество
первой группы, требуется к элементу {a} выбрать (k-1) элемент из (n-1)-элементного
множества A\{a}).
Число подмножеств во второй группе: (для того, чтобы составить подмножество
второй группы, требуется выбрать k элементов из (n-1)-элементного множества A\{a}).
Значит,
.
3 способ доказательства теоремы (геометрическая интерпретация):
Рассмотрим прямоугольную сетку (шахматный город), состоящую из квадратов (улицы –
вертикальные и горизонтальные отрезки). Размеры сетки: (n-k)*k. Число кратчайших путей
из точки (0, 0) в точку (n-k, k) равно
. Все такие пути можно разделить на 2
группы:
пути, проходящие через точку (n-k-1; k) – их число равно:
.
либо из точки (n-k; k-1) – их число равно:
.
Следовательно,
.
Лекции по алгебре Комбинаторика Автор: Михайлова В. Ю.
16
Задачи:
1. Сколькими способами из полной колоды (52 карты) можно выбрать 4 карты различных
мастей и достоинств?
Решение:
1 способ:
Имеем всего 52 карты – 4 масти, в каждой масти по 13 карт.
Первую карту можно выбрать 52 способами. Осталось 3 масти, причем каждая без
одной карты;
Вторую карту можно выбрать 36 способами. Осталось 2 масти, причем каждая без
двух карт;
Третью карту можно выбрать 22 способами. Осталась одна масть, причем каждая
без трех карт;
Четвертую карту можно выбрать 10 способами.
Итого: 52*36*22*10. Но не все они будут разными, то есть число способов выбрать 4
карты различных достоинств:
.
2 способ:
Переформулируем условие задачи: сколькими способами на «шахматной» сетке можно
расставить 4 ладей, чтобы они не были друг друга?
1 ладью можно поставить 13 способами;
2 ладью можно поставить 12 способами;
3 ладью можно поставить 11 способами;
4 ладью можно поставить 10 способами.
Лекции по алгебре Комбинаторика Автор: Михайлова В. Ю.
17
3 способ:
4 различных достоинства из 13 возможных можно выбрать способами. Тогда масти
можно переставлять 4! способами. Значит, всего 4!* =10*11*12*13 способов.
Ответ: 13*12*11*10.
2. В скольких точках пересекаются диагонали выпуклого n-угольника, если никакие 3 из
них не пересекаются в одной точке?
Решение:
Каждой точке пересечения двух диагоналей соответствует 4 вершины n-угольника, а
каждым четырем вершинам n-угольника соответствует 1 точка пересечения диагоналей
(точка пересечения диагоналей n-угольника с вершинами в данных четырех точках).
Поэтому число всех точек пересечения равно числу способов, которыми среди n вершин
можно выбрать 4 вершины:
.
Ответ: .
3. Сколькими способами можно переставить буквы слова «эпиграф» так, чтобы и гласные,
и согласные шли в алфавитном порядке?
Решение:
Выберем 3 места для гласных. Это можно сделать способами. На эти места гласные
буквы мы можем расставить единственным образом: «а», «и», «э».
На оставшиеся места мы можем единственным образом расставить согласные так, чтобы
они шли в алфавитном порядке.
Ответ: .
Замечание:
В данной задаче мы так же могли сначала расставить согласные способами, согласно
рассуждению
4. «Генуэзская лотерея».
В прошлые века процветала так называемая генуэзская лотерея, сохранившаяся в
некоторых странах до сих пор. Суть ее заключается в следующем: Участники лотереи
покупали билеты, на которых стояли числа от 1 до 90. Можно было купить и билеты, на
которых было сразу 2, 3, 4 или 5 чисел. В день розыгрыша лотереи из мешка,
содержавшего жетоны с числами от 1 до 90 вынимали 5 жетонов. Выигрывали те, у
которых все числа на билете были среди вынутых. Например, если на билете были числа
8, 21, 49, а вынутыми оказались числа 3, 8, 21, 37, 49, то билет выигрывал; если же
вынутыми были, скажем, числа 3, 7, 21, 49, 3, то билет проигрывал – ведь числа 8 среди
них не оказалось.
Если участник лотереи покупал билет с один числом, то он получал при выигрыше в 15 раз
больше стоимости билета – если с двумя числами (амбо), то в 270 раз больше, если с
тремя (терн), то в 5500 раз больше, если с четырьмя числами (катерн) – в 75000 раз
больше, а если с пятью числами (квин), то в 1000000 раз больше, чем стоимость билета.
Лекции по алгебре Комбинаторика Автор: Михайлова В. Ю.
18
Многие люди пытались обогатиться, участвуя в этой лотерее, и ставя в каждом розыгрыше
на терн или амбо. Но почти никому не удавалось этого сделать.
Чтобы понять, в чем дело, попробуем сосчитать, каково отношение «счастливых» исходов
Лотереи к общему числу ее исходов при различных способах игры. Общее число исходов
лотереи: (порядок вынимаемых жетонов нам не важен).
Если участник купил билет с одним номером: для выигрыша необходимо, чтобы
один из вынутых номеров совпал с номером на билете. Остальные же 4 номера
могут быть любыми. То есть число благоприятных комбинаций в этом случае: .
Отношение благоприятного числа комбинаций к общему числу комбинаций равно:
.
Отношение благоприятного числа комбинаций к общему числу комбинаций при
игре на амбо:
.
Совсем невыгодными оказываются игры на терн, катерн и квин. Например, при
игре на квин отношение благоприятного числа комбинаций к общему числу
комбинаций:
. Платят же выигравшим лишь в 1000000раз больше.
Резюме:
О сочетаниях говорят в тех случаях, когда нас не интересует порядок элементов в
комбинации, а интересует лишь ее состав.
§5. Упорядоченные множества. Перестановки и размещения без повторений.
Определение: множество называется упорядоченным, если каждому его элементу
поставлено в соответствие некоторое число от 1 до n, где n – число элементов этого
множества, причем различным элементам соответствуют различные числа.
Замечания:
1) Любое конечное множество можно сделать упорядоченным. Для этого, например,
можно переписать все его элементы в виде списка {a, b, c, …} и каждому элементу
поставить в соответствие номер места, на котором он стоит.
2) Очевидно, что любое конечное множество, содержащее более одного элемента
можно упорядочить не единственным образом.
3) Рассмотрим множества: {a, b, c} и {b, a, c}. Они одинаковы, но если говорить об
упорядоченных множествах, то они будут одинаковы, если они состоят из
одинаковых элементов, идущих в одинаковом порядке.
Лекции по алгебре Комбинаторика Автор: Михайлова В. Ю.
19
Определение: Перестановками множества называются различные упорядоченные
множества, отличающиеся друг от друга только порядком элементов (то есть могут быть
получены из того же самого множества).
Например:
Рассмотрим множество A={a, b, c}.
Перестановки множества A:
{b, a, c}, {b, c, a}, {a, c, b}, {c, a, b}, {c, b, a}, {a, b, c}.
Пусть множество A состоит из n элементов. Найдем число способов, которыми можно
упорядочить множество A, то есть число различных перестановок множества A.
Обозначим число перестановок множества A как .
Теорема:
=n!
Доказательство:
Будем последовательно выбирать элементы множества A и размещать их в
определенном порядке на n местах.
На 1-м месте один из n элементов;
После того, как первое место заполнено, на второе место ставим один из (n-1)
элементов;
…
По правилу умножения, все n мест можно заполнить n*(n-1)*…*2*1=n! способами.
Пример:
В первенстве по футболу участвуют 17 команд. Разыгрываются медали: золотые,
серебряные, бронзовые. Сколькими способами они могут быть распределены?
Решение:
Эта задача решается на основе правила произведения. Золотые медали может получить
любая из 17 команд. Но если золотые медали уже были получены какой-то командой, то
остается 16 претендентов на серебряные медали. Повторений здесь не может быть –
одна и та же команда не может завоевать и золотые, и серебряные медали. По правилу
произведения получаем, что медали могут быть распределены 17*16*15 способами.
Решенная задача относится к классу комбинаторных задач о размещении без повторений.
Общая формулировка таких задач такова:
Лекции по алгебре Комбинаторика Автор: Михайлова В. Ю.
20
Имеется n различных предметов. Сколько из них можно составить k-расстановок?
При этом две расстановки считаются различными, если они либо отличаются друг от друга
хотя бы одним элементом, либо состоят из одних и тех же элементов, но расположенных
в разном порядке.
Определение: Такие расстановки (или, что то же самое, упорядоченные k-элементные
подмножества n-элементного множества) называются размещениями без повторений из
n элементов по k, а их число обозначают .
Теорема:
Пусть множество A состоит из n элементов. Число всех упорядоченных k-элементных
подмножеств множества A равно n*(n-1)*…*(n-k+1)= .
Доказательство:
1 способ доказательства теоремы:
При составлении k-размещений без повторений из n предметов нам нужно сделать k
выборов:
На первом шагу можно выбрать любой из n предметов;
Если этот выбор уже сделан, то на втором шагу приходится выбирать из оставшихся
(n-1) предметов;
…
На k-м шагу можно выбрать любо из (n-k+1) предметов.
Поэтому, по правилу произведения получаем, что число всех упорядоченных k-
элементных подмножеств множества A равно n*(n-1)*…*(n-k+1).
2 способ доказательства теоремы:
Число всех k-элементных подмножеств множества A равно . Но каждое k-элементное
подмножество можно упорядочить =k! способами. Значит, всего упорядоченных k-
элементных подмножеств множества A будет:
.