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LaurentPoinsot
Chap. IV : Theorie des structuresrecursives
Laurent Poinsot
21 janvier 2009
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Inductionstructurelle
Exemplesd’ensemblesdefinis parinductionstructurelle
Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Soit U 6= ∅ un ensemble. Soit B ⊆ U , B 6= ∅. Soit unensemble d’applications F ⊆
⋃n∈N∗
UUn. On appelle arite de
f ∈ F l’unique entier n ∈ N∗ tel que f : Un → U et on le notear(f ).
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Exercices
Soit U 6= ∅ un ensemble. Soit B ⊆ U , B 6= ∅. Soit unensemble d’applications F ⊆
⋃n∈N∗
UUn. On appelle arite de
f ∈ F l’unique entier n ∈ N∗ tel que f : Un → U et on le notear(f ).
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Soit U 6= ∅ un ensemble. Soit B ⊆ U , B 6= ∅. Soit unensemble d’applications F ⊆
⋃n∈N∗
UUn. On appelle arite de
f ∈ F l’unique entier n ∈ N∗ tel que f : Un → U et on le notear(f ).
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Exercices
Soit U 6= ∅ un ensemble. Soit B ⊆ U , B 6= ∅. Soit unensemble d’applications F ⊆
⋃n∈N∗
UUn. On appelle arite de
f ∈ F l’unique entier n ∈ N∗ tel que f : Un → U et on le notear(f ).
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Exercices
Dans un tel triplet (U ,B,F), dit triplet d’induction,U estl’univers, B est la base d’induction et F est l’ensembledes regles d’induction.
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Dans un tel triplet (U ,B,F), dit triplet d’induction,U estl’univers, B est la base d’induction et F est l’ensembledes regles d’induction.
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Dans un tel triplet (U ,B,F), dit triplet d’induction,U estl’univers, B est la base d’induction et F est l’ensembledes regles d’induction.
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Exercices
Dans un tel triplet (U ,B,F), dit triplet d’induction,U estl’univers, B est la base d’induction et F est l’ensembledes regles d’induction.
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Notion d’ensembles clos
Soit (U ,B,F) un triplet d’induction. Soit E ⊆ U . On dit queE est clos par F si, et seulement si, quel que soit f ∈ F etquel que soit x ∈ Ear(f ), f (x) ∈ E (autrement dit, f (En) ⊆ Epour n = ar(f )).
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Notion d’ensembles clos
Soit (U ,B,F) un triplet d’induction. Soit E ⊆ U . On dit queE est clos par F si, et seulement si, quel que soit f ∈ F etquel que soit x ∈ Ear(f ), f (x) ∈ E (autrement dit, f (En) ⊆ Epour n = ar(f )).
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Notion d’ensembles clos
Soit (U ,B,F) un triplet d’induction. Soit E ⊆ U . On dit queE est clos par F si, et seulement si, quel que soit f ∈ F etquel que soit x ∈ Ear(f ), f (x) ∈ E (autrement dit, f (En) ⊆ Epour n = ar(f )).
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Notion d’ensembles clos
Soit (U ,B,F) un triplet d’induction. Soit E ⊆ U . On dit queE est clos par F si, et seulement si, quel que soit f ∈ F etquel que soit x ∈ Ear(f ), f (x) ∈ E (autrement dit, f (En) ⊆ Epour n = ar(f )).
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Notion d’ensembles clos
Soit (U ,B,F) un triplet d’induction. Soit E ⊆ U . On dit queE est clos par F si, et seulement si, quel que soit f ∈ F etquel que soit x ∈ Ear(f ), f (x) ∈ E (autrement dit, f (En) ⊆ Epour n = ar(f )).
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Exercices
Notion d’ensembles clos
Soit (U ,B,F) un triplet d’induction. Soit E ⊆ U . On dit queE est clos par F si, et seulement si, quel que soit f ∈ F etquel que soit x ∈ Ear(f ), f (x) ∈ E (autrement dit, f (En) ⊆ Epour n = ar(f )).
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Exercices
Clairement U lui-meme est clos par F .
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Exercices
Notion d’ensembles inductifs
Soit (U ,B,F) un triplet d’induction. Soit E ⊆ U . On dit queE est inductif sur (U ,B,F) si, et seulement si, B ⊆ E et Eest clos par F .
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Exercices
Notion d’ensembles inductifs
Soit (U ,B,F) un triplet d’induction. Soit E ⊆ U . On dit queE est inductif sur (U ,B,F) si, et seulement si, B ⊆ E et Eest clos par F .
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Exercices
Notion d’ensembles inductifs
Soit (U ,B,F) un triplet d’induction. Soit E ⊆ U . On dit queE est inductif sur (U ,B,F) si, et seulement si, B ⊆ E et Eest clos par F .
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Exercices
Notion d’ensembles inductifs
Soit (U ,B,F) un triplet d’induction. Soit E ⊆ U . On dit queE est inductif sur (U ,B,F) si, et seulement si, B ⊆ E et Eest clos par F .
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Exercices
Notion d’ensembles inductifs
Soit (U ,B,F) un triplet d’induction. Soit E ⊆ U . On dit queE est inductif sur (U ,B,F) si, et seulement si, B ⊆ E et Eest clos par F .
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Exercices
Notion d’ensembles inductifs
Soit (U ,B,F) un triplet d’induction. Soit E ⊆ U . On dit queE est inductif sur (U ,B,F) si, et seulement si, B ⊆ E et Eest clos par F .
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Exercices
U est evidemment inductif sur I := (U ,B,F).
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Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Notons
ind(I) := {E ⊆ U : E est inductif sur I} .
Puisque U ∈ ind(I), IND(I) :=⋂
E∈ind(I)
E est bien defini.
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Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Notons
ind(I) := {E ⊆ U : E est inductif sur I} .
Puisque U ∈ ind(I), IND(I) :=⋂
E∈ind(I)
E est bien defini.
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Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Notons
ind(I) := {E ⊆ U : E est inductif sur I} .
Puisque U ∈ ind(I), IND(I) :=⋂
E∈ind(I)
E est bien defini.
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Exercices
Notons
ind(I) := {E ⊆ U : E est inductif sur I} .
Puisque U ∈ ind(I), IND(I) :=⋂
E∈ind(I)
E est bien defini.
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Exercices
Notons qu’en general plusieurs ensembles sont deselements de ind(I). Considerons par exemple U := N,B := {0} et F := {f : n ∈ N 7→ n + 2 ∈ N}. Il y a une infinitede parties de N qui appatiennent a ind(N, {0}, {f}) : N,N \ {1}, N \ {1,3}, N \ {1,3,5}, etc. sont de telles parties.La partie IND(I) n’est d’ailleurs aucune de celles-la puisqu’ils’agit de l’ensemble des entiers pairs.
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Exercices
Notons qu’en general plusieurs ensembles sont deselements de ind(I). Considerons par exemple U := N,B := {0} et F := {f : n ∈ N 7→ n + 2 ∈ N}. Il y a une infinitede parties de N qui appatiennent a ind(N, {0}, {f}) : N,N \ {1}, N \ {1,3}, N \ {1,3,5}, etc. sont de telles parties.La partie IND(I) n’est d’ailleurs aucune de celles-la puisqu’ils’agit de l’ensemble des entiers pairs.
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Exercices
Notons qu’en general plusieurs ensembles sont deselements de ind(I). Considerons par exemple U := N,B := {0} et F := {f : n ∈ N 7→ n + 2 ∈ N}. Il y a une infinitede parties de N qui appatiennent a ind(N, {0}, {f}) : N,N \ {1}, N \ {1,3}, N \ {1,3,5}, etc. sont de telles parties.La partie IND(I) n’est d’ailleurs aucune de celles-la puisqu’ils’agit de l’ensemble des entiers pairs.
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Exercices
Notons qu’en general plusieurs ensembles sont deselements de ind(I). Considerons par exemple U := N,B := {0} et F := {f : n ∈ N 7→ n + 2 ∈ N}. Il y a une infinitede parties de N qui appatiennent a ind(N, {0}, {f}) : N,N \ {1}, N \ {1,3}, N \ {1,3,5}, etc. sont de telles parties.La partie IND(I) n’est d’ailleurs aucune de celles-la puisqu’ils’agit de l’ensemble des entiers pairs.
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Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Notons qu’en general plusieurs ensembles sont deselements de ind(I). Considerons par exemple U := N,B := {0} et F := {f : n ∈ N 7→ n + 2 ∈ N}. Il y a une infinitede parties de N qui appatiennent a ind(N, {0}, {f}) : N,N \ {1}, N \ {1,3}, N \ {1,3,5}, etc. sont de telles parties.La partie IND(I) n’est d’ailleurs aucune de celles-la puisqu’ils’agit de l’ensemble des entiers pairs.
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Inductionnon ambigue
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Exercices
Notons qu’en general plusieurs ensembles sont deselements de ind(I). Considerons par exemple U := N,B := {0} et F := {f : n ∈ N 7→ n + 2 ∈ N}. Il y a une infinitede parties de N qui appatiennent a ind(N, {0}, {f}) : N,N \ {1}, N \ {1,3}, N \ {1,3,5}, etc. sont de telles parties.La partie IND(I) n’est d’ailleurs aucune de celles-la puisqu’ils’agit de l’ensemble des entiers pairs.
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Notons qu’en general plusieurs ensembles sont deselements de ind(I). Considerons par exemple U := N,B := {0} et F := {f : n ∈ N 7→ n + 2 ∈ N}. Il y a une infinitede parties de N qui appatiennent a ind(N, {0}, {f}) : N,N \ {1}, N \ {1,3}, N \ {1,3,5}, etc. sont de telles parties.La partie IND(I) n’est d’ailleurs aucune de celles-la puisqu’ils’agit de l’ensemble des entiers pairs.
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Notons qu’en general plusieurs ensembles sont deselements de ind(I). Considerons par exemple U := N,B := {0} et F := {f : n ∈ N 7→ n + 2 ∈ N}. Il y a une infinitede parties de N qui appatiennent a ind(N, {0}, {f}) : N,N \ {1}, N \ {1,3}, N \ {1,3,5}, etc. sont de telles parties.La partie IND(I) n’est d’ailleurs aucune de celles-la puisqu’ils’agit de l’ensemble des entiers pairs.
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On montre facilement que IND(I) est lui-meme inductif sur I.En effet B ⊆ E quel que soit E ∈ ind(I) et donc B ⊆ IND(I).Soit f ∈ F et x = (x1, . . . , xar(f )) ∈ IND(I)ar(f ), alors quel quesoit E ∈ ind(I), x ∈ Ear(f ), et donc f (x) ∈ E .
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On montre facilement que IND(I) est lui-meme inductif sur I.En effet B ⊆ E quel que soit E ∈ ind(I) et donc B ⊆ IND(I).Soit f ∈ F et x = (x1, . . . , xar(f )) ∈ IND(I)ar(f ), alors quel quesoit E ∈ ind(I), x ∈ Ear(f ), et donc f (x) ∈ E .
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On montre facilement que IND(I) est lui-meme inductif sur I.En effet B ⊆ E quel que soit E ∈ ind(I) et donc B ⊆ IND(I).Soit f ∈ F et x = (x1, . . . , xar(f )) ∈ IND(I)ar(f ), alors quel quesoit E ∈ ind(I), x ∈ Ear(f ), et donc f (x) ∈ E .
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On montre facilement que IND(I) est lui-meme inductif sur I.En effet B ⊆ E quel que soit E ∈ ind(I) et donc B ⊆ IND(I).Soit f ∈ F et x = (x1, . . . , xar(f )) ∈ IND(I)ar(f ), alors quel quesoit E ∈ ind(I), x ∈ Ear(f ), et donc f (x) ∈ E .
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On montre facilement que IND(I) est lui-meme inductif sur I.En effet B ⊆ E quel que soit E ∈ ind(I) et donc B ⊆ IND(I).Soit f ∈ F et x = (x1, . . . , xar(f )) ∈ IND(I)ar(f ), alors quel quesoit E ∈ ind(I), x ∈ Ear(f ), et donc f (x) ∈ E .
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IND(I) est meme le plus petit ensemble inductif sur I, eton l’appelle cloture inductive de B sous F dans U (onpeut omettre la reference a l’univers lorsque cela neprovoque pas d’ambiguıtes). On dit aussi que IND(I) estl’ensemble defini par induction structurelle sur I.
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IND(I) est meme le plus petit ensemble inductif sur I, eton l’appelle cloture inductive de B sous F dans U (onpeut omettre la reference a l’univers lorsque cela neprovoque pas d’ambiguıtes). On dit aussi que IND(I) estl’ensemble defini par induction structurelle sur I.
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IND(I) est meme le plus petit ensemble inductif sur I, eton l’appelle cloture inductive de B sous F dans U (onpeut omettre la reference a l’univers lorsque cela neprovoque pas d’ambiguıtes). On dit aussi que IND(I) estl’ensemble defini par induction structurelle sur I.
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IND(I) est meme le plus petit ensemble inductif sur I, eton l’appelle cloture inductive de B sous F dans U (onpeut omettre la reference a l’univers lorsque cela neprovoque pas d’ambiguıtes). On dit aussi que IND(I) estl’ensemble defini par induction structurelle sur I.
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Remarque
La notion d’ensemble defini par induction structurelle segeneralise au cas ou l’on suppose que ar(f ) est un cardinalquelconque possiblement infini (et meme indenombrable) κfpour f ∈ F . Dans ce cas on dit que E ⊆ U est clos par F si,et seulement si, quels que soient f ∈ F , et pour tout κ < κf ,xκ ∈ E , f ((xκ)κ<κf ) ∈ E . Dans la suite on supposera quear(f ) est fini pour tout f ∈ F .
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Remarque
La notion d’ensemble defini par induction structurelle segeneralise au cas ou l’on suppose que ar(f ) est un cardinalquelconque possiblement infini (et meme indenombrable) κfpour f ∈ F . Dans ce cas on dit que E ⊆ U est clos par F si,et seulement si, quels que soient f ∈ F , et pour tout κ < κf ,xκ ∈ E , f ((xκ)κ<κf ) ∈ E . Dans la suite on supposera quear(f ) est fini pour tout f ∈ F .
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Remarque
La notion d’ensemble defini par induction structurelle segeneralise au cas ou l’on suppose que ar(f ) est un cardinalquelconque possiblement infini (et meme indenombrable) κfpour f ∈ F . Dans ce cas on dit que E ⊆ U est clos par F si,et seulement si, quels que soient f ∈ F , et pour tout κ < κf ,xκ ∈ E , f ((xκ)κ<κf ) ∈ E . Dans la suite on supposera quear(f ) est fini pour tout f ∈ F .
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Remarque
La notion d’ensemble defini par induction structurelle segeneralise au cas ou l’on suppose que ar(f ) est un cardinalquelconque possiblement infini (et meme indenombrable) κfpour f ∈ F . Dans ce cas on dit que E ⊆ U est clos par F si,et seulement si, quels que soient f ∈ F , et pour tout κ < κf ,xκ ∈ E , f ((xκ)κ<κf ) ∈ E . Dans la suite on supposera quear(f ) est fini pour tout f ∈ F .
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Remarque
La notion d’ensemble defini par induction structurelle segeneralise au cas ou l’on suppose que ar(f ) est un cardinalquelconque possiblement infini (et meme indenombrable) κfpour f ∈ F . Dans ce cas on dit que E ⊆ U est clos par F si,et seulement si, quels que soient f ∈ F , et pour tout κ < κf ,xκ ∈ E , f ((xκ)κ<κf ) ∈ E . Dans la suite on supposera quear(f ) est fini pour tout f ∈ F .
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Remarque
La notion d’ensemble defini par induction structurelle segeneralise au cas ou l’on suppose que ar(f ) est un cardinalquelconque possiblement infini (et meme indenombrable) κfpour f ∈ F . Dans ce cas on dit que E ⊆ U est clos par F si,et seulement si, quels que soient f ∈ F , et pour tout κ < κf ,xκ ∈ E , f ((xκ)κ<κf ) ∈ E . Dans la suite on supposera quear(f ) est fini pour tout f ∈ F .
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Remarque
La notion d’ensemble defini par induction structurelle segeneralise au cas ou l’on suppose que ar(f ) est un cardinalquelconque possiblement infini (et meme indenombrable) κfpour f ∈ F . Dans ce cas on dit que E ⊆ U est clos par F si,et seulement si, quels que soient f ∈ F , et pour tout κ < κf ,xκ ∈ E , f ((xκ)κ<κf ) ∈ E . Dans la suite on supposera quear(f ) est fini pour tout f ∈ F .
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Exercices
Construction recursive de IND(I)
Il est possible de construire IND(I) par recurrence. Soit untriplet d’induction I := (U ,B,F). On definit la suited’ensembles (In)n∈N par recurrence sur n ∈ N :
I0 = B ,In+1 = In ∪ {f (x) ∈ U : f ∈ F , x ∈ Iar(f )
n } .
Il est clair que quel que soit n ∈ N, In ⊆ In+1 (c’est-a-direque la suite est croissante).
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Exercices
Construction recursive de IND(I)
Il est possible de construire IND(I) par recurrence. Soit untriplet d’induction I := (U ,B,F). On definit la suited’ensembles (In)n∈N par recurrence sur n ∈ N :
I0 = B ,In+1 = In ∪ {f (x) ∈ U : f ∈ F , x ∈ Iar(f )
n } .
Il est clair que quel que soit n ∈ N, In ⊆ In+1 (c’est-a-direque la suite est croissante).
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Exercices
Construction recursive de IND(I)
Il est possible de construire IND(I) par recurrence. Soit untriplet d’induction I := (U ,B,F). On definit la suited’ensembles (In)n∈N par recurrence sur n ∈ N :
I0 = B ,In+1 = In ∪ {f (x) ∈ U : f ∈ F , x ∈ Iar(f )
n } .
Il est clair que quel que soit n ∈ N, In ⊆ In+1 (c’est-a-direque la suite est croissante).
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Construction recursive de IND(I)
Il est possible de construire IND(I) par recurrence. Soit untriplet d’induction I := (U ,B,F). On definit la suited’ensembles (In)n∈N par recurrence sur n ∈ N :
I0 = B ,In+1 = In ∪ {f (x) ∈ U : f ∈ F , x ∈ Iar(f )
n } .
Il est clair que quel que soit n ∈ N, In ⊆ In+1 (c’est-a-direque la suite est croissante).
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Construction recursive de IND(I)
Il est possible de construire IND(I) par recurrence. Soit untriplet d’induction I := (U ,B,F). On definit la suited’ensembles (In)n∈N par recurrence sur n ∈ N :
I0 = B ,In+1 = In ∪ {f (x) ∈ U : f ∈ F , x ∈ Iar(f )
n } .
Il est clair que quel que soit n ∈ N, In ⊆ In+1 (c’est-a-direque la suite est croissante).
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Exercices
Construction recursive de IND(I)
Il est possible de construire IND(I) par recurrence. Soit untriplet d’induction I := (U ,B,F). On definit la suited’ensembles (In)n∈N par recurrence sur n ∈ N :
I0 = B ,In+1 = In ∪ {f (x) ∈ U : f ∈ F , x ∈ Iar(f )
n } .
Il est clair que quel que soit n ∈ N, In ⊆ In+1 (c’est-a-direque la suite est croissante).
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Inductionstructurelle
Exemplesd’ensemblesdefinis parinductionstructurelle
Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Construction recursive de IND(I)
Il est possible de construire IND(I) par recurrence. Soit untriplet d’induction I := (U ,B,F). On definit la suited’ensembles (In)n∈N par recurrence sur n ∈ N :
I0 = B ,In+1 = In ∪ {f (x) ∈ U : f ∈ F , x ∈ Iar(f )
n } .
Il est clair que quel que soit n ∈ N, In ⊆ In+1 (c’est-a-direque la suite est croissante).
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Exercices
Construction recursive de IND(I)
Il est possible de construire IND(I) par recurrence. Soit untriplet d’induction I := (U ,B,F). On definit la suited’ensembles (In)n∈N par recurrence sur n ∈ N :
I0 = B ,In+1 = In ∪ {f (x) ∈ U : f ∈ F , x ∈ Iar(f )
n } .
Il est clair que quel que soit n ∈ N, In ⊆ In+1 (c’est-a-direque la suite est croissante).
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Construction recursive de IND(I)
Il est possible de construire IND(I) par recurrence. Soit untriplet d’induction I := (U ,B,F). On definit la suited’ensembles (In)n∈N par recurrence sur n ∈ N :
I0 = B ,In+1 = In ∪ {f (x) ∈ U : f ∈ F , x ∈ Iar(f )
n } .
Il est clair que quel que soit n ∈ N, In ⊆ In+1 (c’est-a-direque la suite est croissante).
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Construction recursive de IND(I)
Il est possible de construire IND(I) par recurrence. Soit untriplet d’induction I := (U ,B,F). On definit la suited’ensembles (In)n∈N par recurrence sur n ∈ N :
I0 = B ,In+1 = In ∪ {f (x) ∈ U : f ∈ F , x ∈ Iar(f )
n } .
Il est clair que quel que soit n ∈ N, In ⊆ In+1 (c’est-a-direque la suite est croissante).
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Exercices
Construction recursive de IND(I)
Il est possible de construire IND(I) par recurrence. Soit untriplet d’induction I := (U ,B,F). On definit la suited’ensembles (In)n∈N par recurrence sur n ∈ N :
I0 = B ,In+1 = In ∪ {f (x) ∈ U : f ∈ F , x ∈ Iar(f )
n } .
Il est clair que quel que soit n ∈ N, In ⊆ In+1 (c’est-a-direque la suite est croissante).
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Construction recursive de IND(I)
Il est possible de construire IND(I) par recurrence. Soit untriplet d’induction I := (U ,B,F). On definit la suited’ensembles (In)n∈N par recurrence sur n ∈ N :
I0 = B ,In+1 = In ∪ {f (x) ∈ U : f ∈ F , x ∈ Iar(f )
n } .
Il est clair que quel que soit n ∈ N, In ⊆ In+1 (c’est-a-direque la suite est croissante).
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Construction recursive de IND(I)
Il est possible de construire IND(I) par recurrence. Soit untriplet d’induction I := (U ,B,F). On definit la suited’ensembles (In)n∈N par recurrence sur n ∈ N :
I0 = B ,In+1 = In ∪ {f (x) ∈ U : f ∈ F , x ∈ Iar(f )
n } .
Il est clair que quel que soit n ∈ N, In ⊆ In+1 (c’est-a-direque la suite est croissante).
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Exercices
Lemme
NotonsIω :=
⋃n∈N
In .
On a :IND(I) = Iω .
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Lemme
NotonsIω :=
⋃n∈N
In .
On a :IND(I) = Iω .
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Exercices
Lemme
NotonsIω :=
⋃n∈N
In .
On a :IND(I) = Iω .
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Exercices
Lemme
NotonsIω :=
⋃n∈N
In .
On a :IND(I) = Iω .
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Exercices
Preuve
Commencons par demontrer que Iω est inductif sur I.Puisque I0 = B, Iω contient la base d’induction. Puis nousdevons montrer que Iω est clos par F . Pour chaque f ∈ Fd’arite n ∈ N∗ et pour tout x ∈ In
ω, par definition de Iω il existeun entier k ∈ N∗ tel que x ∈ Ik , et comme f (x) ∈ Ik+1 (pardefinition), f (x) ∈ Iω. Puisque Iω est inductif sur I et IND(I)est le plus petit ensemble inductif sur I, IND(I) ⊆ Iω.
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Exercices
Preuve
Commencons par demontrer que Iω est inductif sur I.Puisque I0 = B, Iω contient la base d’induction. Puis nousdevons montrer que Iω est clos par F . Pour chaque f ∈ Fd’arite n ∈ N∗ et pour tout x ∈ In
ω, par definition de Iω il existeun entier k ∈ N∗ tel que x ∈ Ik , et comme f (x) ∈ Ik+1 (pardefinition), f (x) ∈ Iω. Puisque Iω est inductif sur I et IND(I)est le plus petit ensemble inductif sur I, IND(I) ⊆ Iω.
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Preuve
Commencons par demontrer que Iω est inductif sur I.Puisque I0 = B, Iω contient la base d’induction. Puis nousdevons montrer que Iω est clos par F . Pour chaque f ∈ Fd’arite n ∈ N∗ et pour tout x ∈ In
ω, par definition de Iω il existeun entier k ∈ N∗ tel que x ∈ Ik , et comme f (x) ∈ Ik+1 (pardefinition), f (x) ∈ Iω. Puisque Iω est inductif sur I et IND(I)est le plus petit ensemble inductif sur I, IND(I) ⊆ Iω.
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Preuve
Commencons par demontrer que Iω est inductif sur I.Puisque I0 = B, Iω contient la base d’induction. Puis nousdevons montrer que Iω est clos par F . Pour chaque f ∈ Fd’arite n ∈ N∗ et pour tout x ∈ In
ω, par definition de Iω il existeun entier k ∈ N∗ tel que x ∈ Ik , et comme f (x) ∈ Ik+1 (pardefinition), f (x) ∈ Iω. Puisque Iω est inductif sur I et IND(I)est le plus petit ensemble inductif sur I, IND(I) ⊆ Iω.
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Preuve
Commencons par demontrer que Iω est inductif sur I.Puisque I0 = B, Iω contient la base d’induction. Puis nousdevons montrer que Iω est clos par F . Pour chaque f ∈ Fd’arite n ∈ N∗ et pour tout x ∈ In
ω, par definition de Iω il existeun entier k ∈ N∗ tel que x ∈ Ik , et comme f (x) ∈ Ik+1 (pardefinition), f (x) ∈ Iω. Puisque Iω est inductif sur I et IND(I)est le plus petit ensemble inductif sur I, IND(I) ⊆ Iω.
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Preuve
Commencons par demontrer que Iω est inductif sur I.Puisque I0 = B, Iω contient la base d’induction. Puis nousdevons montrer que Iω est clos par F . Pour chaque f ∈ Fd’arite n ∈ N∗ et pour tout x ∈ In
ω, par definition de Iω il existeun entier k ∈ N∗ tel que x ∈ Ik , et comme f (x) ∈ Ik+1 (pardefinition), f (x) ∈ Iω. Puisque Iω est inductif sur I et IND(I)est le plus petit ensemble inductif sur I, IND(I) ⊆ Iω.
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Preuve
Commencons par demontrer que Iω est inductif sur I.Puisque I0 = B, Iω contient la base d’induction. Puis nousdevons montrer que Iω est clos par F . Pour chaque f ∈ Fd’arite n ∈ N∗ et pour tout x ∈ In
ω, par definition de Iω il existeun entier k ∈ N∗ tel que x ∈ Ik , et comme f (x) ∈ Ik+1 (pardefinition), f (x) ∈ Iω. Puisque Iω est inductif sur I et IND(I)est le plus petit ensemble inductif sur I, IND(I) ⊆ Iω.
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Exercices
Preuve
Commencons par demontrer que Iω est inductif sur I.Puisque I0 = B, Iω contient la base d’induction. Puis nousdevons montrer que Iω est clos par F . Pour chaque f ∈ Fd’arite n ∈ N∗ et pour tout x ∈ In
ω, par definition de Iω il existeun entier k ∈ N∗ tel que x ∈ Ik , et comme f (x) ∈ Ik+1 (pardefinition), f (x) ∈ Iω. Puisque Iω est inductif sur I et IND(I)est le plus petit ensemble inductif sur I, IND(I) ⊆ Iω.
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Preuve
Commencons par demontrer que Iω est inductif sur I.Puisque I0 = B, Iω contient la base d’induction. Puis nousdevons montrer que Iω est clos par F . Pour chaque f ∈ Fd’arite n ∈ N∗ et pour tout x ∈ In
ω, par definition de Iω il existeun entier k ∈ N∗ tel que x ∈ Ik , et comme f (x) ∈ Ik+1 (pardefinition), f (x) ∈ Iω. Puisque Iω est inductif sur I et IND(I)est le plus petit ensemble inductif sur I, IND(I) ⊆ Iω.
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Preuve
Commencons par demontrer que Iω est inductif sur I.Puisque I0 = B, Iω contient la base d’induction. Puis nousdevons montrer que Iω est clos par F . Pour chaque f ∈ Fd’arite n ∈ N∗ et pour tout x ∈ In
ω, par definition de Iω il existeun entier k ∈ N∗ tel que x ∈ Ik , et comme f (x) ∈ Ik+1 (pardefinition), f (x) ∈ Iω. Puisque Iω est inductif sur I et IND(I)est le plus petit ensemble inductif sur I, IND(I) ⊆ Iω.
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Exercices
Preuve
Commencons par demontrer que Iω est inductif sur I.Puisque I0 = B, Iω contient la base d’induction. Puis nousdevons montrer que Iω est clos par F . Pour chaque f ∈ Fd’arite n ∈ N∗ et pour tout x ∈ In
ω, par definition de Iω il existeun entier k ∈ N∗ tel que x ∈ Ik , et comme f (x) ∈ Ik+1 (pardefinition), f (x) ∈ Iω. Puisque Iω est inductif sur I et IND(I)est le plus petit ensemble inductif sur I, IND(I) ⊆ Iω.
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Exercices
Preuve (suite)
Il reste a demontrer l’inclusion reciproque, ce que l’on faitpar recurrence sur n. I0 = B ⊆ IND(I). Soit n ∈ N.Supposons que In ⊆ IND(I). Soit x ∈ In+1. Alors soit x ∈ Inet donc x ∈ IND(I), soit il existe f ∈ F et x0 ∈ Iar(f )
n tels quex = f (x0). Or on sait que par hypothese de recurrence queIn ⊆ IND(I) et donc Iar(f )
n ⊆ IND(I)ar(f ). Il s’ensuit quex = f (x0) ∈ IND(I) (puisque IND(I) est clos par F). On endeduit donc que Iω ⊆ IND(I).
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Exercices
Preuve (suite)
Il reste a demontrer l’inclusion reciproque, ce que l’on faitpar recurrence sur n. I0 = B ⊆ IND(I). Soit n ∈ N.Supposons que In ⊆ IND(I). Soit x ∈ In+1. Alors soit x ∈ Inet donc x ∈ IND(I), soit il existe f ∈ F et x0 ∈ Iar(f )
n tels quex = f (x0). Or on sait que par hypothese de recurrence queIn ⊆ IND(I) et donc Iar(f )
n ⊆ IND(I)ar(f ). Il s’ensuit quex = f (x0) ∈ IND(I) (puisque IND(I) est clos par F). On endeduit donc que Iω ⊆ IND(I).
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Preuve (suite)
Il reste a demontrer l’inclusion reciproque, ce que l’on faitpar recurrence sur n. I0 = B ⊆ IND(I). Soit n ∈ N.Supposons que In ⊆ IND(I). Soit x ∈ In+1. Alors soit x ∈ Inet donc x ∈ IND(I), soit il existe f ∈ F et x0 ∈ Iar(f )
n tels quex = f (x0). Or on sait que par hypothese de recurrence queIn ⊆ IND(I) et donc Iar(f )
n ⊆ IND(I)ar(f ). Il s’ensuit quex = f (x0) ∈ IND(I) (puisque IND(I) est clos par F). On endeduit donc que Iω ⊆ IND(I).
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Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Preuve (suite)
Il reste a demontrer l’inclusion reciproque, ce que l’on faitpar recurrence sur n. I0 = B ⊆ IND(I). Soit n ∈ N.Supposons que In ⊆ IND(I). Soit x ∈ In+1. Alors soit x ∈ Inet donc x ∈ IND(I), soit il existe f ∈ F et x0 ∈ Iar(f )
n tels quex = f (x0). Or on sait que par hypothese de recurrence queIn ⊆ IND(I) et donc Iar(f )
n ⊆ IND(I)ar(f ). Il s’ensuit quex = f (x0) ∈ IND(I) (puisque IND(I) est clos par F). On endeduit donc que Iω ⊆ IND(I).
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Preuve (suite)
Il reste a demontrer l’inclusion reciproque, ce que l’on faitpar recurrence sur n. I0 = B ⊆ IND(I). Soit n ∈ N.Supposons que In ⊆ IND(I). Soit x ∈ In+1. Alors soit x ∈ Inet donc x ∈ IND(I), soit il existe f ∈ F et x0 ∈ Iar(f )
n tels quex = f (x0). Or on sait que par hypothese de recurrence queIn ⊆ IND(I) et donc Iar(f )
n ⊆ IND(I)ar(f ). Il s’ensuit quex = f (x0) ∈ IND(I) (puisque IND(I) est clos par F). On endeduit donc que Iω ⊆ IND(I).
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Preuve (suite)
Il reste a demontrer l’inclusion reciproque, ce que l’on faitpar recurrence sur n. I0 = B ⊆ IND(I). Soit n ∈ N.Supposons que In ⊆ IND(I). Soit x ∈ In+1. Alors soit x ∈ Inet donc x ∈ IND(I), soit il existe f ∈ F et x0 ∈ Iar(f )
n tels quex = f (x0). Or on sait que par hypothese de recurrence queIn ⊆ IND(I) et donc Iar(f )
n ⊆ IND(I)ar(f ). Il s’ensuit quex = f (x0) ∈ IND(I) (puisque IND(I) est clos par F). On endeduit donc que Iω ⊆ IND(I).
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Preuve (suite)
Il reste a demontrer l’inclusion reciproque, ce que l’on faitpar recurrence sur n. I0 = B ⊆ IND(I). Soit n ∈ N.Supposons que In ⊆ IND(I). Soit x ∈ In+1. Alors soit x ∈ Inet donc x ∈ IND(I), soit il existe f ∈ F et x0 ∈ Iar(f )
n tels quex = f (x0). Or on sait que par hypothese de recurrence queIn ⊆ IND(I) et donc Iar(f )
n ⊆ IND(I)ar(f ). Il s’ensuit quex = f (x0) ∈ IND(I) (puisque IND(I) est clos par F). On endeduit donc que Iω ⊆ IND(I).
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Preuve (suite)
Il reste a demontrer l’inclusion reciproque, ce que l’on faitpar recurrence sur n. I0 = B ⊆ IND(I). Soit n ∈ N.Supposons que In ⊆ IND(I). Soit x ∈ In+1. Alors soit x ∈ Inet donc x ∈ IND(I), soit il existe f ∈ F et x0 ∈ Iar(f )
n tels quex = f (x0). Or on sait que par hypothese de recurrence queIn ⊆ IND(I) et donc Iar(f )
n ⊆ IND(I)ar(f ). Il s’ensuit quex = f (x0) ∈ IND(I) (puisque IND(I) est clos par F). On endeduit donc que Iω ⊆ IND(I).
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Preuve (suite)
Il reste a demontrer l’inclusion reciproque, ce que l’on faitpar recurrence sur n. I0 = B ⊆ IND(I). Soit n ∈ N.Supposons que In ⊆ IND(I). Soit x ∈ In+1. Alors soit x ∈ Inet donc x ∈ IND(I), soit il existe f ∈ F et x0 ∈ Iar(f )
n tels quex = f (x0). Or on sait que par hypothese de recurrence queIn ⊆ IND(I) et donc Iar(f )
n ⊆ IND(I)ar(f ). Il s’ensuit quex = f (x0) ∈ IND(I) (puisque IND(I) est clos par F). On endeduit donc que Iω ⊆ IND(I).
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Preuve (suite)
Il reste a demontrer l’inclusion reciproque, ce que l’on faitpar recurrence sur n. I0 = B ⊆ IND(I). Soit n ∈ N.Supposons que In ⊆ IND(I). Soit x ∈ In+1. Alors soit x ∈ Inet donc x ∈ IND(I), soit il existe f ∈ F et x0 ∈ Iar(f )
n tels quex = f (x0). Or on sait que par hypothese de recurrence queIn ⊆ IND(I) et donc Iar(f )
n ⊆ IND(I)ar(f ). Il s’ensuit quex = f (x0) ∈ IND(I) (puisque IND(I) est clos par F). On endeduit donc que Iω ⊆ IND(I).
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Preuve (suite)
Il reste a demontrer l’inclusion reciproque, ce que l’on faitpar recurrence sur n. I0 = B ⊆ IND(I). Soit n ∈ N.Supposons que In ⊆ IND(I). Soit x ∈ In+1. Alors soit x ∈ Inet donc x ∈ IND(I), soit il existe f ∈ F et x0 ∈ Iar(f )
n tels quex = f (x0). Or on sait que par hypothese de recurrence queIn ⊆ IND(I) et donc Iar(f )
n ⊆ IND(I)ar(f ). Il s’ensuit quex = f (x0) ∈ IND(I) (puisque IND(I) est clos par F). On endeduit donc que Iω ⊆ IND(I).
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Preuve (suite)
Il reste a demontrer l’inclusion reciproque, ce que l’on faitpar recurrence sur n. I0 = B ⊆ IND(I). Soit n ∈ N.Supposons que In ⊆ IND(I). Soit x ∈ In+1. Alors soit x ∈ Inet donc x ∈ IND(I), soit il existe f ∈ F et x0 ∈ Iar(f )
n tels quex = f (x0). Or on sait que par hypothese de recurrence queIn ⊆ IND(I) et donc Iar(f )
n ⊆ IND(I)ar(f ). Il s’ensuit quex = f (x0) ∈ IND(I) (puisque IND(I) est clos par F). On endeduit donc que Iω ⊆ IND(I).
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Iω comme une solution d’equation de point fixe
Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. Iω est la plus petitesolution de l’equation
X = B ∪⋃f∈F
f (X ar(f )) (1)
pour X ∈ P(U).
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Iω comme une solution d’equation de point fixe
Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. Iω est la plus petitesolution de l’equation
X = B ∪⋃f∈F
f (X ar(f )) (1)
pour X ∈ P(U).
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Exercices
Iω comme une solution d’equation de point fixe
Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. Iω est la plus petitesolution de l’equation
X = B ∪⋃f∈F
f (X ar(f )) (1)
pour X ∈ P(U).
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Iω comme une solution d’equation de point fixe
Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. Iω est la plus petitesolution de l’equation
X = B ∪⋃f∈F
f (X ar(f )) (1)
pour X ∈ P(U).
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Iω comme une solution d’equation de point fixe
Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. Iω est la plus petitesolution de l’equation
X = B ∪⋃f∈F
f (X ar(f )) (1)
pour X ∈ P(U).
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Exercices
Preuve
Soit x ∈ Iω. Alors il existe n ∈ N tel que x ∈ In. Si n = 0,alors x ∈ X . Si n > 0, alors il existe f ∈ F et x0 ∈ Iar(f )
n−1 tels
que f (x0) = x et donc x ∈⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Il en resulte que
x ∈ B ∪⋃f∈F
f (Iar(f )ω ).
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Exercices
Preuve
Soit x ∈ Iω. Alors il existe n ∈ N tel que x ∈ In. Si n = 0,alors x ∈ X . Si n > 0, alors il existe f ∈ F et x0 ∈ Iar(f )
n−1 tels
que f (x0) = x et donc x ∈⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Il en resulte que
x ∈ B ∪⋃f∈F
f (Iar(f )ω ).
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Preuve
Soit x ∈ Iω. Alors il existe n ∈ N tel que x ∈ In. Si n = 0,alors x ∈ X . Si n > 0, alors il existe f ∈ F et x0 ∈ Iar(f )
n−1 tels
que f (x0) = x et donc x ∈⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Il en resulte que
x ∈ B ∪⋃f∈F
f (Iar(f )ω ).
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Preuve
Soit x ∈ Iω. Alors il existe n ∈ N tel que x ∈ In. Si n = 0,alors x ∈ X . Si n > 0, alors il existe f ∈ F et x0 ∈ Iar(f )
n−1 tels
que f (x0) = x et donc x ∈⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Il en resulte que
x ∈ B ∪⋃f∈F
f (Iar(f )ω ).
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Preuve
Soit x ∈ Iω. Alors il existe n ∈ N tel que x ∈ In. Si n = 0,alors x ∈ X . Si n > 0, alors il existe f ∈ F et x0 ∈ Iar(f )
n−1 tels
que f (x0) = x et donc x ∈⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Il en resulte que
x ∈ B ∪⋃f∈F
f (Iar(f )ω ).
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Preuve
Soit x ∈ Iω. Alors il existe n ∈ N tel que x ∈ In. Si n = 0,alors x ∈ X . Si n > 0, alors il existe f ∈ F et x0 ∈ Iar(f )
n−1 tels
que f (x0) = x et donc x ∈⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Il en resulte que
x ∈ B ∪⋃f∈F
f (Iar(f )ω ).
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Preuve
Soit x ∈ Iω. Alors il existe n ∈ N tel que x ∈ In. Si n = 0,alors x ∈ X . Si n > 0, alors il existe f ∈ F et x0 ∈ Iar(f )
n−1 tels
que f (x0) = x et donc x ∈⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Il en resulte que
x ∈ B ∪⋃f∈F
f (Iar(f )ω ).
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Preuve
Soit x ∈ Iω. Alors il existe n ∈ N tel que x ∈ In. Si n = 0,alors x ∈ X . Si n > 0, alors il existe f ∈ F et x0 ∈ Iar(f )
n−1 tels
que f (x0) = x et donc x ∈⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Il en resulte que
x ∈ B ∪⋃f∈F
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Preuve (suite)
Reciproquement soit x ∈ B ∪⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Si x ∈ B, alors
x ∈ Iω. Supposons donc que x ∈⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Alors il existe
f ∈ F tel que x ∈ f (Iar(f )ω ) ⊆ Iω puisque cet ensemble est
clos par F .Supposons enfin que E soit une solution de l’equation (1).Alors en particulier E est inductif sur I, d’ou Iω ⊆ E .
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Preuve (suite)
Reciproquement soit x ∈ B ∪⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Si x ∈ B, alors
x ∈ Iω. Supposons donc que x ∈⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Alors il existe
f ∈ F tel que x ∈ f (Iar(f )ω ) ⊆ Iω puisque cet ensemble est
clos par F .Supposons enfin que E soit une solution de l’equation (1).Alors en particulier E est inductif sur I, d’ou Iω ⊆ E .
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Preuve (suite)
Reciproquement soit x ∈ B ∪⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Si x ∈ B, alors
x ∈ Iω. Supposons donc que x ∈⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Alors il existe
f ∈ F tel que x ∈ f (Iar(f )ω ) ⊆ Iω puisque cet ensemble est
clos par F .Supposons enfin que E soit une solution de l’equation (1).Alors en particulier E est inductif sur I, d’ou Iω ⊆ E .
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Reciproquement soit x ∈ B ∪⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Si x ∈ B, alors
x ∈ Iω. Supposons donc que x ∈⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Alors il existe
f ∈ F tel que x ∈ f (Iar(f )ω ) ⊆ Iω puisque cet ensemble est
clos par F .Supposons enfin que E soit une solution de l’equation (1).Alors en particulier E est inductif sur I, d’ou Iω ⊆ E .
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LaurentPoinsot
Inductionstructurelle
Exemplesd’ensemblesdefinis parinductionstructurelle
Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Preuve (suite)
Reciproquement soit x ∈ B ∪⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Si x ∈ B, alors
x ∈ Iω. Supposons donc que x ∈⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Alors il existe
f ∈ F tel que x ∈ f (Iar(f )ω ) ⊆ Iω puisque cet ensemble est
clos par F .Supposons enfin que E soit une solution de l’equation (1).Alors en particulier E est inductif sur I, d’ou Iω ⊆ E .
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Preuve (suite)
Reciproquement soit x ∈ B ∪⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Si x ∈ B, alors
x ∈ Iω. Supposons donc que x ∈⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Alors il existe
f ∈ F tel que x ∈ f (Iar(f )ω ) ⊆ Iω puisque cet ensemble est
clos par F .Supposons enfin que E soit une solution de l’equation (1).Alors en particulier E est inductif sur I, d’ou Iω ⊆ E .
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Reciproquement soit x ∈ B ∪⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Si x ∈ B, alors
x ∈ Iω. Supposons donc que x ∈⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Alors il existe
f ∈ F tel que x ∈ f (Iar(f )ω ) ⊆ Iω puisque cet ensemble est
clos par F .Supposons enfin que E soit une solution de l’equation (1).Alors en particulier E est inductif sur I, d’ou Iω ⊆ E .
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Reciproquement soit x ∈ B ∪⋃f∈F
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x ∈ Iω. Supposons donc que x ∈⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Alors il existe
f ∈ F tel que x ∈ f (Iar(f )ω ) ⊆ Iω puisque cet ensemble est
clos par F .Supposons enfin que E soit une solution de l’equation (1).Alors en particulier E est inductif sur I, d’ou Iω ⊆ E .
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Preuve (suite)
Reciproquement soit x ∈ B ∪⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Si x ∈ B, alors
x ∈ Iω. Supposons donc que x ∈⋃f∈F
f (Iar(f )ω ). Alors il existe
f ∈ F tel que x ∈ f (Iar(f )ω ) ⊆ Iω puisque cet ensemble est
clos par F .Supposons enfin que E soit une solution de l’equation (1).Alors en particulier E est inductif sur I, d’ou Iω ⊆ E .
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Exercices
Entiers naturels
Soit I = (N, {0}, {n 7→ n + 1}). Alors Iω n’est autre que N.
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Entiers naturels
Soit I = (N, {0}, {n 7→ n + 1}). Alors Iω n’est autre que N.
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Exercices
Monoıde libre
Soit A un alphabet (c’est-a-dire un ensemble). On note A∗ lemonoıde libre avec ε le mot vide et conc la concatenation.Alors (A∗,A ∪ {ε}, {conc})ω = A∗.
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Monoıde libre
Soit A un alphabet (c’est-a-dire un ensemble). On note A∗ lemonoıde libre avec ε le mot vide et conc la concatenation.Alors (A∗,A ∪ {ε}, {conc})ω = A∗.
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Soit A un alphabet (c’est-a-dire un ensemble). On note A∗ lemonoıde libre avec ε le mot vide et conc la concatenation.Alors (A∗,A ∪ {ε}, {conc})ω = A∗.
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Exercices
Monoıde libre
Soit A un alphabet (c’est-a-dire un ensemble). On note A∗ lemonoıde libre avec ε le mot vide et conc la concatenation.Alors (A∗,A ∪ {ε}, {conc})ω = A∗.
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Exercices
Langage de Dyck
Soit A = {p,q} l’alphabet constitue de deux parentheses(ouvrante et fermante) symbolisees ici par les lettres ”p” et”q” afin de lever les ambiguıtes avec les parenthesesutilisees dans la notation mathematique. Soient lesfonctions
f1 : A∗ → A∗
x 7→ pxq
etf2 : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ xy .
Alors (A∗, {ε}, {f1, f2})ω est appele langage de Dyck desparenthesages bien formes.
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Exercices
Langage de Dyck
Soit A = {p,q} l’alphabet constitue de deux parentheses(ouvrante et fermante) symbolisees ici par les lettres ”p” et”q” afin de lever les ambiguıtes avec les parenthesesutilisees dans la notation mathematique. Soient lesfonctions
f1 : A∗ → A∗
x 7→ pxq
etf2 : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ xy .
Alors (A∗, {ε}, {f1, f2})ω est appele langage de Dyck desparenthesages bien formes.
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Langage de Dyck
Soit A = {p,q} l’alphabet constitue de deux parentheses(ouvrante et fermante) symbolisees ici par les lettres ”p” et”q” afin de lever les ambiguıtes avec les parenthesesutilisees dans la notation mathematique. Soient lesfonctions
f1 : A∗ → A∗
x 7→ pxq
etf2 : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ xy .
Alors (A∗, {ε}, {f1, f2})ω est appele langage de Dyck desparenthesages bien formes.
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Langage de Dyck
Soit A = {p,q} l’alphabet constitue de deux parentheses(ouvrante et fermante) symbolisees ici par les lettres ”p” et”q” afin de lever les ambiguıtes avec les parenthesesutilisees dans la notation mathematique. Soient lesfonctions
f1 : A∗ → A∗
x 7→ pxq
etf2 : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ xy .
Alors (A∗, {ε}, {f1, f2})ω est appele langage de Dyck desparenthesages bien formes.
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Langage de Dyck
Soit A = {p,q} l’alphabet constitue de deux parentheses(ouvrante et fermante) symbolisees ici par les lettres ”p” et”q” afin de lever les ambiguıtes avec les parenthesesutilisees dans la notation mathematique. Soient lesfonctions
f1 : A∗ → A∗
x 7→ pxq
etf2 : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ xy .
Alors (A∗, {ε}, {f1, f2})ω est appele langage de Dyck desparenthesages bien formes.
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Langage de Dyck
Soit A = {p,q} l’alphabet constitue de deux parentheses(ouvrante et fermante) symbolisees ici par les lettres ”p” et”q” afin de lever les ambiguıtes avec les parenthesesutilisees dans la notation mathematique. Soient lesfonctions
f1 : A∗ → A∗
x 7→ pxq
etf2 : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ xy .
Alors (A∗, {ε}, {f1, f2})ω est appele langage de Dyck desparenthesages bien formes.
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Exercices
Langage des expressions arithmetiques
Soit X = {xn}n∈N un ensemble infini denombrable dont leselements sont appeles des variables. On suppose queX ∩ {0,1} = ∅. Soit S = {+, ∗,p,q} un ensemble a quatreelements tel que X ∩ S = {0,1} ∩ S = ∅. SoientA := X ∪ {0,1} ∪ S et les deux fonctions
C+ : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ px + yq
etC∗ : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ px ∗ yq .
Alors Arith Expr := (A∗,V ∪ {0,1}, {C+,C∗})ω est appelel’ensemble des expressions arithmetiques.
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Exercices
Langage des expressions arithmetiques
Soit X = {xn}n∈N un ensemble infini denombrable dont leselements sont appeles des variables. On suppose queX ∩ {0,1} = ∅. Soit S = {+, ∗,p,q} un ensemble a quatreelements tel que X ∩ S = {0,1} ∩ S = ∅. SoientA := X ∪ {0,1} ∪ S et les deux fonctions
C+ : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ px + yq
etC∗ : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ px ∗ yq .
Alors Arith Expr := (A∗,V ∪ {0,1}, {C+,C∗})ω est appelel’ensemble des expressions arithmetiques.
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Langage des expressions arithmetiques
Soit X = {xn}n∈N un ensemble infini denombrable dont leselements sont appeles des variables. On suppose queX ∩ {0,1} = ∅. Soit S = {+, ∗,p,q} un ensemble a quatreelements tel que X ∩ S = {0,1} ∩ S = ∅. SoientA := X ∪ {0,1} ∪ S et les deux fonctions
C+ : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ px + yq
etC∗ : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ px ∗ yq .
Alors Arith Expr := (A∗,V ∪ {0,1}, {C+,C∗})ω est appelel’ensemble des expressions arithmetiques.
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Soit X = {xn}n∈N un ensemble infini denombrable dont leselements sont appeles des variables. On suppose queX ∩ {0,1} = ∅. Soit S = {+, ∗,p,q} un ensemble a quatreelements tel que X ∩ S = {0,1} ∩ S = ∅. SoientA := X ∪ {0,1} ∪ S et les deux fonctions
C+ : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ px + yq
etC∗ : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ px ∗ yq .
Alors Arith Expr := (A∗,V ∪ {0,1}, {C+,C∗})ω est appelel’ensemble des expressions arithmetiques.
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Soit X = {xn}n∈N un ensemble infini denombrable dont leselements sont appeles des variables. On suppose queX ∩ {0,1} = ∅. Soit S = {+, ∗,p,q} un ensemble a quatreelements tel que X ∩ S = {0,1} ∩ S = ∅. SoientA := X ∪ {0,1} ∪ S et les deux fonctions
C+ : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ px + yq
etC∗ : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ px ∗ yq .
Alors Arith Expr := (A∗,V ∪ {0,1}, {C+,C∗})ω est appelel’ensemble des expressions arithmetiques.
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Soit X = {xn}n∈N un ensemble infini denombrable dont leselements sont appeles des variables. On suppose queX ∩ {0,1} = ∅. Soit S = {+, ∗,p,q} un ensemble a quatreelements tel que X ∩ S = {0,1} ∩ S = ∅. SoientA := X ∪ {0,1} ∪ S et les deux fonctions
C+ : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ px + yq
etC∗ : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ px ∗ yq .
Alors Arith Expr := (A∗,V ∪ {0,1}, {C+,C∗})ω est appelel’ensemble des expressions arithmetiques.
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Soit X = {xn}n∈N un ensemble infini denombrable dont leselements sont appeles des variables. On suppose queX ∩ {0,1} = ∅. Soit S = {+, ∗,p,q} un ensemble a quatreelements tel que X ∩ S = {0,1} ∩ S = ∅. SoientA := X ∪ {0,1} ∪ S et les deux fonctions
C+ : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ px + yq
etC∗ : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ px ∗ yq .
Alors Arith Expr := (A∗,V ∪ {0,1}, {C+,C∗})ω est appelel’ensemble des expressions arithmetiques.
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Exercices
Langage des expressions arithmetiques
Soit X = {xn}n∈N un ensemble infini denombrable dont leselements sont appeles des variables. On suppose queX ∩ {0,1} = ∅. Soit S = {+, ∗,p,q} un ensemble a quatreelements tel que X ∩ S = {0,1} ∩ S = ∅. SoientA := X ∪ {0,1} ∪ S et les deux fonctions
C+ : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ px + yq
etC∗ : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ px ∗ yq .
Alors Arith Expr := (A∗,V ∪ {0,1}, {C+,C∗})ω est appelel’ensemble des expressions arithmetiques.
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Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
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Langage des expressions arithmetiques
Soit X = {xn}n∈N un ensemble infini denombrable dont leselements sont appeles des variables. On suppose queX ∩ {0,1} = ∅. Soit S = {+, ∗,p,q} un ensemble a quatreelements tel que X ∩ S = {0,1} ∩ S = ∅. SoientA := X ∪ {0,1} ∪ S et les deux fonctions
C+ : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ px + yq
etC∗ : A∗ × A∗ → A∗
(x , y) 7→ px ∗ yq .
Alors Arith Expr := (A∗,V ∪ {0,1}, {C+,C∗})ω est appelel’ensemble des expressions arithmetiques.
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Lemme : Principe d’induction structurelle
Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. Soit E ⊆ Iω. SiB ⊆ E et si E est clos par F , alors E = Iω.
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Lemme : Principe d’induction structurelle
Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. Soit E ⊆ Iω. SiB ⊆ E et si E est clos par F , alors E = Iω.
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Lemme : Principe d’induction structurelle
Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. Soit E ⊆ Iω. SiB ⊆ E et si E est clos par F , alors E = Iω.
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Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. Soit E ⊆ Iω. SiB ⊆ E et si E est clos par F , alors E = Iω.
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Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. Soit E ⊆ Iω. SiB ⊆ E et si E est clos par F , alors E = Iω.
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Preuve
Par hypothese, E est inductif sous I. Puisque Iω = IND(I) etque IND(I) est le plus petit ensemble inductif sous I, alorsIω ⊆ E . Mais E est contenu dans Iω, ainsi E = Iω.
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Preuve
Par hypothese, E est inductif sous I. Puisque Iω = IND(I) etque IND(I) est le plus petit ensemble inductif sous I, alorsIω ⊆ E . Mais E est contenu dans Iω, ainsi E = Iω.
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Preuve
Par hypothese, E est inductif sous I. Puisque Iω = IND(I) etque IND(I) est le plus petit ensemble inductif sous I, alorsIω ⊆ E . Mais E est contenu dans Iω, ainsi E = Iω.
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Preuve
Par hypothese, E est inductif sous I. Puisque Iω = IND(I) etque IND(I) est le plus petit ensemble inductif sous I, alorsIω ⊆ E . Mais E est contenu dans Iω, ainsi E = Iω.
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Preuve
Par hypothese, E est inductif sous I. Puisque Iω = IND(I) etque IND(I) est le plus petit ensemble inductif sous I, alorsIω ⊆ E . Mais E est contenu dans Iω, ainsi E = Iω.
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Preuve
Par hypothese, E est inductif sous I. Puisque Iω = IND(I) etque IND(I) est le plus petit ensemble inductif sous I, alorsIω ⊆ E . Mais E est contenu dans Iω, ainsi E = Iω.
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Exercices
En guise d’illustration du principe d’induction, on prouve quechaque expression arithmetiques dans Arith Expr a lememe nombre de parentheses ouvrantes (p) et fermantes(q). Soit E le sous-ensemble de Arith Expr consistant entoutes les expressions ayant un nombre egal deparentheses ouvrantes et fermantes. Notons que E contientB = V ∪ {0,1} puisque ni les variables ni 0 ou 1 necontiennent de parentheses. E est clos par {C+,C∗}puisque ces applications introduisent chacune uneparenthese ouvrante et une parenthese fermante. Alors parle principe d’induction E = Arith Expr .
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En guise d’illustration du principe d’induction, on prouve quechaque expression arithmetiques dans Arith Expr a lememe nombre de parentheses ouvrantes (p) et fermantes(q). Soit E le sous-ensemble de Arith Expr consistant entoutes les expressions ayant un nombre egal deparentheses ouvrantes et fermantes. Notons que E contientB = V ∪ {0,1} puisque ni les variables ni 0 ou 1 necontiennent de parentheses. E est clos par {C+,C∗}puisque ces applications introduisent chacune uneparenthese ouvrante et une parenthese fermante. Alors parle principe d’induction E = Arith Expr .
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En guise d’illustration du principe d’induction, on prouve quechaque expression arithmetiques dans Arith Expr a lememe nombre de parentheses ouvrantes (p) et fermantes(q). Soit E le sous-ensemble de Arith Expr consistant entoutes les expressions ayant un nombre egal deparentheses ouvrantes et fermantes. Notons que E contientB = V ∪ {0,1} puisque ni les variables ni 0 ou 1 necontiennent de parentheses. E est clos par {C+,C∗}puisque ces applications introduisent chacune uneparenthese ouvrante et une parenthese fermante. Alors parle principe d’induction E = Arith Expr .
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En guise d’illustration du principe d’induction, on prouve quechaque expression arithmetiques dans Arith Expr a lememe nombre de parentheses ouvrantes (p) et fermantes(q). Soit E le sous-ensemble de Arith Expr consistant entoutes les expressions ayant un nombre egal deparentheses ouvrantes et fermantes. Notons que E contientB = V ∪ {0,1} puisque ni les variables ni 0 ou 1 necontiennent de parentheses. E est clos par {C+,C∗}puisque ces applications introduisent chacune uneparenthese ouvrante et une parenthese fermante. Alors parle principe d’induction E = Arith Expr .
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En guise d’illustration du principe d’induction, on prouve quechaque expression arithmetiques dans Arith Expr a lememe nombre de parentheses ouvrantes (p) et fermantes(q). Soit E le sous-ensemble de Arith Expr consistant entoutes les expressions ayant un nombre egal deparentheses ouvrantes et fermantes. Notons que E contientB = V ∪ {0,1} puisque ni les variables ni 0 ou 1 necontiennent de parentheses. E est clos par {C+,C∗}puisque ces applications introduisent chacune uneparenthese ouvrante et une parenthese fermante. Alors parle principe d’induction E = Arith Expr .
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En guise d’illustration du principe d’induction, on prouve quechaque expression arithmetiques dans Arith Expr a lememe nombre de parentheses ouvrantes (p) et fermantes(q). Soit E le sous-ensemble de Arith Expr consistant entoutes les expressions ayant un nombre egal deparentheses ouvrantes et fermantes. Notons que E contientB = V ∪ {0,1} puisque ni les variables ni 0 ou 1 necontiennent de parentheses. E est clos par {C+,C∗}puisque ces applications introduisent chacune uneparenthese ouvrante et une parenthese fermante. Alors parle principe d’induction E = Arith Expr .
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Definition
Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. On dit que Iω est(inductivement) libre ou non ambigu si, et seulement si,les conditions suivantes sont verifiees :
1 La restriction de chaque application f ∈ F a l’ensembleIar(f )ω est injective ;
2 Pour chaque (f ,g) ∈ F2, si f 6= g, alorsf (Iar(f )
ω ) ∩ g(Iar(g)ω ) = ∅ ;
3 Pour chaque f ∈ F et chaque x ∈ Iar(f )ω , f (x) 6∈ B.
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Definition
Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. On dit que Iω est(inductivement) libre ou non ambigu si, et seulement si,les conditions suivantes sont verifiees :
1 La restriction de chaque application f ∈ F a l’ensembleIar(f )ω est injective ;
2 Pour chaque (f ,g) ∈ F2, si f 6= g, alorsf (Iar(f )
ω ) ∩ g(Iar(g)ω ) = ∅ ;
3 Pour chaque f ∈ F et chaque x ∈ Iar(f )ω , f (x) 6∈ B.
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Definition
Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. On dit que Iω est(inductivement) libre ou non ambigu si, et seulement si,les conditions suivantes sont verifiees :
1 La restriction de chaque application f ∈ F a l’ensembleIar(f )ω est injective ;
2 Pour chaque (f ,g) ∈ F2, si f 6= g, alorsf (Iar(f )
ω ) ∩ g(Iar(g)ω ) = ∅ ;
3 Pour chaque f ∈ F et chaque x ∈ Iar(f )ω , f (x) 6∈ B.
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Exercices
Definition
Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. On dit que Iω est(inductivement) libre ou non ambigu si, et seulement si,les conditions suivantes sont verifiees :
1 La restriction de chaque application f ∈ F a l’ensembleIar(f )ω est injective ;
2 Pour chaque (f ,g) ∈ F2, si f 6= g, alorsf (Iar(f )
ω ) ∩ g(Iar(g)ω ) = ∅ ;
3 Pour chaque f ∈ F et chaque x ∈ Iar(f )ω , f (x) 6∈ B.
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Definition
Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. On dit que Iω est(inductivement) libre ou non ambigu si, et seulement si,les conditions suivantes sont verifiees :
1 La restriction de chaque application f ∈ F a l’ensembleIar(f )ω est injective ;
2 Pour chaque (f ,g) ∈ F2, si f 6= g, alorsf (Iar(f )
ω ) ∩ g(Iar(g)ω ) = ∅ ;
3 Pour chaque f ∈ F et chaque x ∈ Iar(f )ω , f (x) 6∈ B.
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Definition
Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. On dit que Iω est(inductivement) libre ou non ambigu si, et seulement si,les conditions suivantes sont verifiees :
1 La restriction de chaque application f ∈ F a l’ensembleIar(f )ω est injective ;
2 Pour chaque (f ,g) ∈ F2, si f 6= g, alorsf (Iar(f )
ω ) ∩ g(Iar(g)ω ) = ∅ ;
3 Pour chaque f ∈ F et chaque x ∈ Iar(f )ω , f (x) 6∈ B.
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Definition
Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. On dit que Iω est(inductivement) libre ou non ambigu si, et seulement si,les conditions suivantes sont verifiees :
1 La restriction de chaque application f ∈ F a l’ensembleIar(f )ω est injective ;
2 Pour chaque (f ,g) ∈ F2, si f 6= g, alorsf (Iar(f )
ω ) ∩ g(Iar(g)ω ) = ∅ ;
3 Pour chaque f ∈ F et chaque x ∈ Iar(f )ω , f (x) 6∈ B.
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Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. Posons I−1 = ∅.Nous montrons maintenant les lemmes suivants.Lemme 1. Si Iω est inductivement libre, alors pour chaquen ∈ N, In−1 6= In et pour chaque f ∈ F et chaquex ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , f (x) 6∈ In.
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Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. Posons I−1 = ∅.Nous montrons maintenant les lemmes suivants.Lemme 1. Si Iω est inductivement libre, alors pour chaquen ∈ N, In−1 6= In et pour chaque f ∈ F et chaquex ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , f (x) 6∈ In.
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Exercices
Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. Posons I−1 = ∅.Nous montrons maintenant les lemmes suivants.Lemme 1. Si Iω est inductivement libre, alors pour chaquen ∈ N, In−1 6= In et pour chaque f ∈ F et chaquex ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , f (x) 6∈ In.
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Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. Posons I−1 = ∅.Nous montrons maintenant les lemmes suivants.Lemme 1. Si Iω est inductivement libre, alors pour chaquen ∈ N, In−1 6= In et pour chaque f ∈ F et chaquex ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , f (x) 6∈ In.
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Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. Posons I−1 = ∅.Nous montrons maintenant les lemmes suivants.Lemme 1. Si Iω est inductivement libre, alors pour chaquen ∈ N, In−1 6= In et pour chaque f ∈ F et chaquex ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , f (x) 6∈ In.
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Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. Posons I−1 = ∅.Nous montrons maintenant les lemmes suivants.Lemme 1. Si Iω est inductivement libre, alors pour chaquen ∈ N, In−1 6= In et pour chaque f ∈ F et chaquex ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , f (x) 6∈ In.
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Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. Posons I−1 = ∅.Nous montrons maintenant les lemmes suivants.Lemme 1. Si Iω est inductivement libre, alors pour chaquen ∈ N, In−1 6= In et pour chaque f ∈ F et chaquex ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , f (x) 6∈ In.
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Soit I := (U ,B,F) un triplet d’induction. Posons I−1 = ∅.Nous montrons maintenant les lemmes suivants.Lemme 1. Si Iω est inductivement libre, alors pour chaquen ∈ N, In−1 6= In et pour chaque f ∈ F et chaquex ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , f (x) 6∈ In.
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Exercices
Preuve
Nous procedons par recurrence sur n ∈ N. C’est trivial pourn = 0 puisque I−1 = ∅ et I0 = B et par la condition (3) desensembles inductivement libres. Soit un entier n > 0, onprouve par induction sur k ∈ N, 0 ≤ k ≤ i , que si f ∈ F etx ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors f (x) 6∈ Ik . Pour k = 0, cela s’ensuit de
la condition (3) des ensembles inductivement libres.Maintenant, supposons que si x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors
f (x) 6∈ Ik pour 0 ≤ k ≤ n − 1. Si f (x) ∈ Ik+1, alorsf (x) ∈ Ik+1 \ Ik . Par la condition (2) des ensemblesinductivement libres et la definition de Ik+1, il existe y ∈ Iar(f )
k
tel que f (x) = f (y). Puisque f est injectif sur Iar(f )ω , nous
avons x = y . Ainsi x ∈ Iar(f )k pour k < n, ce qui contredit
l’hypothese que x ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
n−1 . Donc f (x) 6∈ Ik+1, ce quietablit l’etape d’induction sur k . Mais cela montre aussi queIn 6= In+1, ce qui conclue l’etape d’induction pour n.
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Preuve
Nous procedons par recurrence sur n ∈ N. C’est trivial pourn = 0 puisque I−1 = ∅ et I0 = B et par la condition (3) desensembles inductivement libres. Soit un entier n > 0, onprouve par induction sur k ∈ N, 0 ≤ k ≤ i , que si f ∈ F etx ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors f (x) 6∈ Ik . Pour k = 0, cela s’ensuit de
la condition (3) des ensembles inductivement libres.Maintenant, supposons que si x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors
f (x) 6∈ Ik pour 0 ≤ k ≤ n − 1. Si f (x) ∈ Ik+1, alorsf (x) ∈ Ik+1 \ Ik . Par la condition (2) des ensemblesinductivement libres et la definition de Ik+1, il existe y ∈ Iar(f )
k
tel que f (x) = f (y). Puisque f est injectif sur Iar(f )ω , nous
avons x = y . Ainsi x ∈ Iar(f )k pour k < n, ce qui contredit
l’hypothese que x ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
n−1 . Donc f (x) 6∈ Ik+1, ce quietablit l’etape d’induction sur k . Mais cela montre aussi queIn 6= In+1, ce qui conclue l’etape d’induction pour n.
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Nous procedons par recurrence sur n ∈ N. C’est trivial pourn = 0 puisque I−1 = ∅ et I0 = B et par la condition (3) desensembles inductivement libres. Soit un entier n > 0, onprouve par induction sur k ∈ N, 0 ≤ k ≤ i , que si f ∈ F etx ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors f (x) 6∈ Ik . Pour k = 0, cela s’ensuit de
la condition (3) des ensembles inductivement libres.Maintenant, supposons que si x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors
f (x) 6∈ Ik pour 0 ≤ k ≤ n − 1. Si f (x) ∈ Ik+1, alorsf (x) ∈ Ik+1 \ Ik . Par la condition (2) des ensemblesinductivement libres et la definition de Ik+1, il existe y ∈ Iar(f )
k
tel que f (x) = f (y). Puisque f est injectif sur Iar(f )ω , nous
avons x = y . Ainsi x ∈ Iar(f )k pour k < n, ce qui contredit
l’hypothese que x ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
n−1 . Donc f (x) 6∈ Ik+1, ce quietablit l’etape d’induction sur k . Mais cela montre aussi queIn 6= In+1, ce qui conclue l’etape d’induction pour n.
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Nous procedons par recurrence sur n ∈ N. C’est trivial pourn = 0 puisque I−1 = ∅ et I0 = B et par la condition (3) desensembles inductivement libres. Soit un entier n > 0, onprouve par induction sur k ∈ N, 0 ≤ k ≤ i , que si f ∈ F etx ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors f (x) 6∈ Ik . Pour k = 0, cela s’ensuit de
la condition (3) des ensembles inductivement libres.Maintenant, supposons que si x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors
f (x) 6∈ Ik pour 0 ≤ k ≤ n − 1. Si f (x) ∈ Ik+1, alorsf (x) ∈ Ik+1 \ Ik . Par la condition (2) des ensemblesinductivement libres et la definition de Ik+1, il existe y ∈ Iar(f )
k
tel que f (x) = f (y). Puisque f est injectif sur Iar(f )ω , nous
avons x = y . Ainsi x ∈ Iar(f )k pour k < n, ce qui contredit
l’hypothese que x ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
n−1 . Donc f (x) 6∈ Ik+1, ce quietablit l’etape d’induction sur k . Mais cela montre aussi queIn 6= In+1, ce qui conclue l’etape d’induction pour n.
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Nous procedons par recurrence sur n ∈ N. C’est trivial pourn = 0 puisque I−1 = ∅ et I0 = B et par la condition (3) desensembles inductivement libres. Soit un entier n > 0, onprouve par induction sur k ∈ N, 0 ≤ k ≤ i , que si f ∈ F etx ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors f (x) 6∈ Ik . Pour k = 0, cela s’ensuit de
la condition (3) des ensembles inductivement libres.Maintenant, supposons que si x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors
f (x) 6∈ Ik pour 0 ≤ k ≤ n − 1. Si f (x) ∈ Ik+1, alorsf (x) ∈ Ik+1 \ Ik . Par la condition (2) des ensemblesinductivement libres et la definition de Ik+1, il existe y ∈ Iar(f )
k
tel que f (x) = f (y). Puisque f est injectif sur Iar(f )ω , nous
avons x = y . Ainsi x ∈ Iar(f )k pour k < n, ce qui contredit
l’hypothese que x ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
n−1 . Donc f (x) 6∈ Ik+1, ce quietablit l’etape d’induction sur k . Mais cela montre aussi queIn 6= In+1, ce qui conclue l’etape d’induction pour n.
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Nous procedons par recurrence sur n ∈ N. C’est trivial pourn = 0 puisque I−1 = ∅ et I0 = B et par la condition (3) desensembles inductivement libres. Soit un entier n > 0, onprouve par induction sur k ∈ N, 0 ≤ k ≤ i , que si f ∈ F etx ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors f (x) 6∈ Ik . Pour k = 0, cela s’ensuit de
la condition (3) des ensembles inductivement libres.Maintenant, supposons que si x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors
f (x) 6∈ Ik pour 0 ≤ k ≤ n − 1. Si f (x) ∈ Ik+1, alorsf (x) ∈ Ik+1 \ Ik . Par la condition (2) des ensemblesinductivement libres et la definition de Ik+1, il existe y ∈ Iar(f )
k
tel que f (x) = f (y). Puisque f est injectif sur Iar(f )ω , nous
avons x = y . Ainsi x ∈ Iar(f )k pour k < n, ce qui contredit
l’hypothese que x ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
n−1 . Donc f (x) 6∈ Ik+1, ce quietablit l’etape d’induction sur k . Mais cela montre aussi queIn 6= In+1, ce qui conclue l’etape d’induction pour n.
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n \ Iar(f )n−1 , alors f (x) 6∈ Ik . Pour k = 0, cela s’ensuit de
la condition (3) des ensembles inductivement libres.Maintenant, supposons que si x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors
f (x) 6∈ Ik pour 0 ≤ k ≤ n − 1. Si f (x) ∈ Ik+1, alorsf (x) ∈ Ik+1 \ Ik . Par la condition (2) des ensemblesinductivement libres et la definition de Ik+1, il existe y ∈ Iar(f )
k
tel que f (x) = f (y). Puisque f est injectif sur Iar(f )ω , nous
avons x = y . Ainsi x ∈ Iar(f )k pour k < n, ce qui contredit
l’hypothese que x ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
n−1 . Donc f (x) 6∈ Ik+1, ce quietablit l’etape d’induction sur k . Mais cela montre aussi queIn 6= In+1, ce qui conclue l’etape d’induction pour n.
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Nous procedons par recurrence sur n ∈ N. C’est trivial pourn = 0 puisque I−1 = ∅ et I0 = B et par la condition (3) desensembles inductivement libres. Soit un entier n > 0, onprouve par induction sur k ∈ N, 0 ≤ k ≤ i , que si f ∈ F etx ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors f (x) 6∈ Ik . Pour k = 0, cela s’ensuit de
la condition (3) des ensembles inductivement libres.Maintenant, supposons que si x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors
f (x) 6∈ Ik pour 0 ≤ k ≤ n − 1. Si f (x) ∈ Ik+1, alorsf (x) ∈ Ik+1 \ Ik . Par la condition (2) des ensemblesinductivement libres et la definition de Ik+1, il existe y ∈ Iar(f )
k
tel que f (x) = f (y). Puisque f est injectif sur Iar(f )ω , nous
avons x = y . Ainsi x ∈ Iar(f )k pour k < n, ce qui contredit
l’hypothese que x ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
n−1 . Donc f (x) 6∈ Ik+1, ce quietablit l’etape d’induction sur k . Mais cela montre aussi queIn 6= In+1, ce qui conclue l’etape d’induction pour n.
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Nous procedons par recurrence sur n ∈ N. C’est trivial pourn = 0 puisque I−1 = ∅ et I0 = B et par la condition (3) desensembles inductivement libres. Soit un entier n > 0, onprouve par induction sur k ∈ N, 0 ≤ k ≤ i , que si f ∈ F etx ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors f (x) 6∈ Ik . Pour k = 0, cela s’ensuit de
la condition (3) des ensembles inductivement libres.Maintenant, supposons que si x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors
f (x) 6∈ Ik pour 0 ≤ k ≤ n − 1. Si f (x) ∈ Ik+1, alorsf (x) ∈ Ik+1 \ Ik . Par la condition (2) des ensemblesinductivement libres et la definition de Ik+1, il existe y ∈ Iar(f )
k
tel que f (x) = f (y). Puisque f est injectif sur Iar(f )ω , nous
avons x = y . Ainsi x ∈ Iar(f )k pour k < n, ce qui contredit
l’hypothese que x ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
n−1 . Donc f (x) 6∈ Ik+1, ce quietablit l’etape d’induction sur k . Mais cela montre aussi queIn 6= In+1, ce qui conclue l’etape d’induction pour n.
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Nous procedons par recurrence sur n ∈ N. C’est trivial pourn = 0 puisque I−1 = ∅ et I0 = B et par la condition (3) desensembles inductivement libres. Soit un entier n > 0, onprouve par induction sur k ∈ N, 0 ≤ k ≤ i , que si f ∈ F etx ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors f (x) 6∈ Ik . Pour k = 0, cela s’ensuit de
la condition (3) des ensembles inductivement libres.Maintenant, supposons que si x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors
f (x) 6∈ Ik pour 0 ≤ k ≤ n − 1. Si f (x) ∈ Ik+1, alorsf (x) ∈ Ik+1 \ Ik . Par la condition (2) des ensemblesinductivement libres et la definition de Ik+1, il existe y ∈ Iar(f )
k
tel que f (x) = f (y). Puisque f est injectif sur Iar(f )ω , nous
avons x = y . Ainsi x ∈ Iar(f )k pour k < n, ce qui contredit
l’hypothese que x ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
n−1 . Donc f (x) 6∈ Ik+1, ce quietablit l’etape d’induction sur k . Mais cela montre aussi queIn 6= In+1, ce qui conclue l’etape d’induction pour n.
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Nous procedons par recurrence sur n ∈ N. C’est trivial pourn = 0 puisque I−1 = ∅ et I0 = B et par la condition (3) desensembles inductivement libres. Soit un entier n > 0, onprouve par induction sur k ∈ N, 0 ≤ k ≤ i , que si f ∈ F etx ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors f (x) 6∈ Ik . Pour k = 0, cela s’ensuit de
la condition (3) des ensembles inductivement libres.Maintenant, supposons que si x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors
f (x) 6∈ Ik pour 0 ≤ k ≤ n − 1. Si f (x) ∈ Ik+1, alorsf (x) ∈ Ik+1 \ Ik . Par la condition (2) des ensemblesinductivement libres et la definition de Ik+1, il existe y ∈ Iar(f )
k
tel que f (x) = f (y). Puisque f est injectif sur Iar(f )ω , nous
avons x = y . Ainsi x ∈ Iar(f )k pour k < n, ce qui contredit
l’hypothese que x ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
n−1 . Donc f (x) 6∈ Ik+1, ce quietablit l’etape d’induction sur k . Mais cela montre aussi queIn 6= In+1, ce qui conclue l’etape d’induction pour n.
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Inductionstructurelle
Exemplesd’ensemblesdefinis parinductionstructurelle
Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Preuve
Nous procedons par recurrence sur n ∈ N. C’est trivial pourn = 0 puisque I−1 = ∅ et I0 = B et par la condition (3) desensembles inductivement libres. Soit un entier n > 0, onprouve par induction sur k ∈ N, 0 ≤ k ≤ i , que si f ∈ F etx ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors f (x) 6∈ Ik . Pour k = 0, cela s’ensuit de
la condition (3) des ensembles inductivement libres.Maintenant, supposons que si x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors
f (x) 6∈ Ik pour 0 ≤ k ≤ n − 1. Si f (x) ∈ Ik+1, alorsf (x) ∈ Ik+1 \ Ik . Par la condition (2) des ensemblesinductivement libres et la definition de Ik+1, il existe y ∈ Iar(f )
k
tel que f (x) = f (y). Puisque f est injectif sur Iar(f )ω , nous
avons x = y . Ainsi x ∈ Iar(f )k pour k < n, ce qui contredit
l’hypothese que x ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
n−1 . Donc f (x) 6∈ Ik+1, ce quietablit l’etape d’induction sur k . Mais cela montre aussi queIn 6= In+1, ce qui conclue l’etape d’induction pour n.
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Preuve
Nous procedons par recurrence sur n ∈ N. C’est trivial pourn = 0 puisque I−1 = ∅ et I0 = B et par la condition (3) desensembles inductivement libres. Soit un entier n > 0, onprouve par induction sur k ∈ N, 0 ≤ k ≤ i , que si f ∈ F etx ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors f (x) 6∈ Ik . Pour k = 0, cela s’ensuit de
la condition (3) des ensembles inductivement libres.Maintenant, supposons que si x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors
f (x) 6∈ Ik pour 0 ≤ k ≤ n − 1. Si f (x) ∈ Ik+1, alorsf (x) ∈ Ik+1 \ Ik . Par la condition (2) des ensemblesinductivement libres et la definition de Ik+1, il existe y ∈ Iar(f )
k
tel que f (x) = f (y). Puisque f est injectif sur Iar(f )ω , nous
avons x = y . Ainsi x ∈ Iar(f )k pour k < n, ce qui contredit
l’hypothese que x ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
n−1 . Donc f (x) 6∈ Ik+1, ce quietablit l’etape d’induction sur k . Mais cela montre aussi queIn 6= In+1, ce qui conclue l’etape d’induction pour n.
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Preuve
Nous procedons par recurrence sur n ∈ N. C’est trivial pourn = 0 puisque I−1 = ∅ et I0 = B et par la condition (3) desensembles inductivement libres. Soit un entier n > 0, onprouve par induction sur k ∈ N, 0 ≤ k ≤ i , que si f ∈ F etx ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors f (x) 6∈ Ik . Pour k = 0, cela s’ensuit de
la condition (3) des ensembles inductivement libres.Maintenant, supposons que si x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 , alors
f (x) 6∈ Ik pour 0 ≤ k ≤ n − 1. Si f (x) ∈ Ik+1, alorsf (x) ∈ Ik+1 \ Ik . Par la condition (2) des ensemblesinductivement libres et la definition de Ik+1, il existe y ∈ Iar(f )
k
tel que f (x) = f (y). Puisque f est injectif sur Iar(f )ω , nous
avons x = y . Ainsi x ∈ Iar(f )k pour k < n, ce qui contredit
l’hypothese que x ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
n−1 . Donc f (x) 6∈ Ik+1, ce quietablit l’etape d’induction sur k . Mais cela montre aussi queIn 6= In+1, ce qui conclue l’etape d’induction pour n.
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Exercices
Lemme
Si Iω est inductivement libre, alors quel que soit x ∈ Iω, ilexiste un plus petit entier n ∈ N tel que x ∈ In et x 6∈ Ik pourtout k < n.
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Lemme
Si Iω est inductivement libre, alors quel que soit x ∈ Iω, ilexiste un plus petit entier n ∈ N tel que x ∈ In et x 6∈ Ik pourtout k < n.
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Lemme
Si Iω est inductivement libre, alors quel que soit x ∈ Iω, ilexiste un plus petit entier n ∈ N tel que x ∈ In et x 6∈ Ik pourtout k < n.
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Exercices
Preuve
Soit x ∈ Iω =⋃n∈N
In. Alors {m ∈ N : x ∈ Im} 6= ∅. Comme
(In)n∈N est une suite strictement croissante, des que x ∈ Im,x ∈ In pour tout n ≥ m. Soit alors n = min{m ∈ N : x ∈ Im}.On a donc x ∈ In et si m < n, x 6∈ Im.
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Preuve
Soit x ∈ Iω =⋃n∈N
In. Alors {m ∈ N : x ∈ Im} 6= ∅. Comme
(In)n∈N est une suite strictement croissante, des que x ∈ Im,x ∈ In pour tout n ≥ m. Soit alors n = min{m ∈ N : x ∈ Im}.On a donc x ∈ In et si m < n, x 6∈ Im.
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Preuve
Soit x ∈ Iω =⋃n∈N
In. Alors {m ∈ N : x ∈ Im} 6= ∅. Comme
(In)n∈N est une suite strictement croissante, des que x ∈ Im,x ∈ In pour tout n ≥ m. Soit alors n = min{m ∈ N : x ∈ Im}.On a donc x ∈ In et si m < n, x 6∈ Im.
![Page 189: Chap. IV : Théorie des structures récursivesChap. IV : Theorie des´ structures recursives´ Laurent Poinsot Induction structurelle Exemples d’ensembles definis par´ induction](https://reader034.vdocuments.pub/reader034/viewer/2022052520/6080312aef7e7377cd0ed9e2/html5/thumbnails/189.jpg)
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Exercices
Preuve
Soit x ∈ Iω =⋃n∈N
In. Alors {m ∈ N : x ∈ Im} 6= ∅. Comme
(In)n∈N est une suite strictement croissante, des que x ∈ Im,x ∈ In pour tout n ≥ m. Soit alors n = min{m ∈ N : x ∈ Im}.On a donc x ∈ In et si m < n, x 6∈ Im.
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Preuve
Soit x ∈ Iω =⋃n∈N
In. Alors {m ∈ N : x ∈ Im} 6= ∅. Comme
(In)n∈N est une suite strictement croissante, des que x ∈ Im,x ∈ In pour tout n ≥ m. Soit alors n = min{m ∈ N : x ∈ Im}.On a donc x ∈ In et si m < n, x 6∈ Im.
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Preuve
Soit x ∈ Iω =⋃n∈N
In. Alors {m ∈ N : x ∈ Im} 6= ∅. Comme
(In)n∈N est une suite strictement croissante, des que x ∈ Im,x ∈ In pour tout n ≥ m. Soit alors n = min{m ∈ N : x ∈ Im}.On a donc x ∈ In et si m < n, x 6∈ Im.
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Exercices
Preuve
Soit x ∈ Iω =⋃n∈N
In. Alors {m ∈ N : x ∈ Im} 6= ∅. Comme
(In)n∈N est une suite strictement croissante, des que x ∈ Im,x ∈ In pour tout n ≥ m. Soit alors n = min{m ∈ N : x ∈ Im}.On a donc x ∈ In et si m < n, x 6∈ Im.
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Exercices
Preuve
Soit x ∈ Iω =⋃n∈N
In. Alors {m ∈ N : x ∈ Im} 6= ∅. Comme
(In)n∈N est une suite strictement croissante, des que x ∈ Im,x ∈ In pour tout n ≥ m. Soit alors n = min{m ∈ N : x ∈ Im}.On a donc x ∈ In et si m < n, x 6∈ Im.
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Exercices
Preuve
Soit x ∈ Iω =⋃n∈N
In. Alors {m ∈ N : x ∈ Im} 6= ∅. Comme
(In)n∈N est une suite strictement croissante, des que x ∈ Im,x ∈ In pour tout n ≥ m. Soit alors n = min{m ∈ N : x ∈ Im}.On a donc x ∈ In et si m < n, x 6∈ Im.
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Remarque
Moralement dire qu’un ensemble est inductivement libresignifie que tout element de Iω ne peut etre construit qued’une et une seule facon par application des regles de F .Ainsi quel que soit x ∈ Iω, alors soit il existe un unique c ∈ Btel que x = c, soit il existe une et une seule applicationf ∈ F et un et un seul v ∈ Iar(f )
ω tels que x = f (v).
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Exercices
Remarque
Moralement dire qu’un ensemble est inductivement libresignifie que tout element de Iω ne peut etre construit qued’une et une seule facon par application des regles de F .Ainsi quel que soit x ∈ Iω, alors soit il existe un unique c ∈ Btel que x = c, soit il existe une et une seule applicationf ∈ F et un et un seul v ∈ Iar(f )
ω tels que x = f (v).
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Remarque
Moralement dire qu’un ensemble est inductivement libresignifie que tout element de Iω ne peut etre construit qued’une et une seule facon par application des regles de F .Ainsi quel que soit x ∈ Iω, alors soit il existe un unique c ∈ Btel que x = c, soit il existe une et une seule applicationf ∈ F et un et un seul v ∈ Iar(f )
ω tels que x = f (v).
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Remarque
Moralement dire qu’un ensemble est inductivement libresignifie que tout element de Iω ne peut etre construit qued’une et une seule facon par application des regles de F .Ainsi quel que soit x ∈ Iω, alors soit il existe un unique c ∈ Btel que x = c, soit il existe une et une seule applicationf ∈ F et un et un seul v ∈ Iar(f )
ω tels que x = f (v).
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Remarque
Moralement dire qu’un ensemble est inductivement libresignifie que tout element de Iω ne peut etre construit qued’une et une seule facon par application des regles de F .Ainsi quel que soit x ∈ Iω, alors soit il existe un unique c ∈ Btel que x = c, soit il existe une et une seule applicationf ∈ F et un et un seul v ∈ Iar(f )
ω tels que x = f (v).
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Exercices
Remarque
Moralement dire qu’un ensemble est inductivement libresignifie que tout element de Iω ne peut etre construit qued’une et une seule facon par application des regles de F .Ainsi quel que soit x ∈ Iω, alors soit il existe un unique c ∈ Btel que x = c, soit il existe une et une seule applicationf ∈ F et un et un seul v ∈ Iar(f )
ω tels que x = f (v).
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Exercices
Remarque
Moralement dire qu’un ensemble est inductivement libresignifie que tout element de Iω ne peut etre construit qued’une et une seule facon par application des regles de F .Ainsi quel que soit x ∈ Iω, alors soit il existe un unique c ∈ Btel que x = c, soit il existe une et une seule applicationf ∈ F et un et un seul v ∈ Iar(f )
ω tels que x = f (v).
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Exercices
Contre-exemple
Considerons le triplet d’induction suivantI := (N2, {(0,0)}, {f : (m,n) 7→ (m + 1,n),g : (m,n) 7→(m,n + 1)}). Alors Iω n’est pas inductivement libre. En effetle couple (1,1) s’obtient a partir de (0,1) en utilisant f ou apartir de (1,0) en utilisant la regle g.
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Exercices
Contre-exemple
Considerons le triplet d’induction suivantI := (N2, {(0,0)}, {f : (m,n) 7→ (m + 1,n),g : (m,n) 7→(m,n + 1)}). Alors Iω n’est pas inductivement libre. En effetle couple (1,1) s’obtient a partir de (0,1) en utilisant f ou apartir de (1,0) en utilisant la regle g.
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Contre-exemple
Considerons le triplet d’induction suivantI := (N2, {(0,0)}, {f : (m,n) 7→ (m + 1,n),g : (m,n) 7→(m,n + 1)}). Alors Iω n’est pas inductivement libre. En effetle couple (1,1) s’obtient a partir de (0,1) en utilisant f ou apartir de (1,0) en utilisant la regle g.
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Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Contre-exemple
Considerons le triplet d’induction suivantI := (N2, {(0,0)}, {f : (m,n) 7→ (m + 1,n),g : (m,n) 7→(m,n + 1)}). Alors Iω n’est pas inductivement libre. En effetle couple (1,1) s’obtient a partir de (0,1) en utilisant f ou apartir de (1,0) en utilisant la regle g.
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Contre-exemple
Considerons le triplet d’induction suivantI := (N2, {(0,0)}, {f : (m,n) 7→ (m + 1,n),g : (m,n) 7→(m,n + 1)}). Alors Iω n’est pas inductivement libre. En effetle couple (1,1) s’obtient a partir de (0,1) en utilisant f ou apartir de (1,0) en utilisant la regle g.
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Considerons le triplet d’induction suivantI := (N2, {(0,0)}, {f : (m,n) 7→ (m + 1,n),g : (m,n) 7→(m,n + 1)}). Alors Iω n’est pas inductivement libre. En effetle couple (1,1) s’obtient a partir de (0,1) en utilisant f ou apartir de (1,0) en utilisant la regle g.
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Exercices
Equation de point fixe
Si I := (U ,B,F) un triplet d’induction pour lequel Iω estinductivement libre, alors Iω est maintenant la plus petitesolution de l’equation
X = B +∑f∈F
f (X ar(f )) (2)
ou + et∑
representent la somme disjointe ensembliste.
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Equation de point fixe
Si I := (U ,B,F) un triplet d’induction pour lequel Iω estinductivement libre, alors Iω est maintenant la plus petitesolution de l’equation
X = B +∑f∈F
f (X ar(f )) (2)
ou + et∑
representent la somme disjointe ensembliste.
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Equation de point fixe
Si I := (U ,B,F) un triplet d’induction pour lequel Iω estinductivement libre, alors Iω est maintenant la plus petitesolution de l’equation
X = B +∑f∈F
f (X ar(f )) (2)
ou + et∑
representent la somme disjointe ensembliste.
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Equation de point fixe
Si I := (U ,B,F) un triplet d’induction pour lequel Iω estinductivement libre, alors Iω est maintenant la plus petitesolution de l’equation
X = B +∑f∈F
f (X ar(f )) (2)
ou + et∑
representent la somme disjointe ensembliste.
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Exercices
Exemple 1
L’ensemble des entiers naturels est inductivement libre.Nous avons notamment : N = {0}+ succ(N) ousucc : n 7→ n + 1.
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Exemple 1
L’ensemble des entiers naturels est inductivement libre.Nous avons notamment : N = {0}+ succ(N) ousucc : n 7→ n + 1.
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Exemple 1
L’ensemble des entiers naturels est inductivement libre.Nous avons notamment : N = {0}+ succ(N) ousucc : n 7→ n + 1.
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Exercices
(Contre-)Exemple 2
Le monoıde libre A∗ tel qu’on l’a presente n’est pasinductivement libre. En effet un mot non vide peut etreobtenu par concatenation de plusieurs facons.
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(Contre-)Exemple 2
Le monoıde libre A∗ tel qu’on l’a presente n’est pasinductivement libre. En effet un mot non vide peut etreobtenu par concatenation de plusieurs facons.
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Exercices
Exemple 3
On appelle signature un ensemble N-gradue, i.e., unensemble Σ muni d’une application ar : Σ→ N. On notepour n ∈ N, Σn := {f ∈ Σ : ar(f ) = n}. Si f ∈ Σ et ar(f ) = n,on dit que f est d’arite n ou que f est n-aire ; si n ≥ 1, f estun symbole fonctionnel, et si n = 0, c’est un symbole deconstante. On definit l’ensemble des Σ-termes finis TΣ
par induction structurelle sur (Σ∗,Σ0, {cf : f ∈⋃
n∈N∗
Σn}) ou
l’on acf : (Σ∗)ar(f ) → Σ∗
(t1, . . . , tar(f )) 7→ ft1 . . . tar(f ) .
On montre facilement que TΣ est inductivement libre et,bien entendu,
TΣ = Σ0 +∑
f∈Σ, ar(f )>0
f TΣ . . .TΣ︸ ︷︷ ︸ar(f ) fois
.
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Exercices
Exemple 3
On appelle signature un ensemble N-gradue, i.e., unensemble Σ muni d’une application ar : Σ→ N. On notepour n ∈ N, Σn := {f ∈ Σ : ar(f ) = n}. Si f ∈ Σ et ar(f ) = n,on dit que f est d’arite n ou que f est n-aire ; si n ≥ 1, f estun symbole fonctionnel, et si n = 0, c’est un symbole deconstante. On definit l’ensemble des Σ-termes finis TΣ
par induction structurelle sur (Σ∗,Σ0, {cf : f ∈⋃
n∈N∗
Σn}) ou
l’on acf : (Σ∗)ar(f ) → Σ∗
(t1, . . . , tar(f )) 7→ ft1 . . . tar(f ) .
On montre facilement que TΣ est inductivement libre et,bien entendu,
TΣ = Σ0 +∑
f∈Σ, ar(f )>0
f TΣ . . .TΣ︸ ︷︷ ︸ar(f ) fois
.
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Exemple 3
On appelle signature un ensemble N-gradue, i.e., unensemble Σ muni d’une application ar : Σ→ N. On notepour n ∈ N, Σn := {f ∈ Σ : ar(f ) = n}. Si f ∈ Σ et ar(f ) = n,on dit que f est d’arite n ou que f est n-aire ; si n ≥ 1, f estun symbole fonctionnel, et si n = 0, c’est un symbole deconstante. On definit l’ensemble des Σ-termes finis TΣ
par induction structurelle sur (Σ∗,Σ0, {cf : f ∈⋃
n∈N∗
Σn}) ou
l’on acf : (Σ∗)ar(f ) → Σ∗
(t1, . . . , tar(f )) 7→ ft1 . . . tar(f ) .
On montre facilement que TΣ est inductivement libre et,bien entendu,
TΣ = Σ0 +∑
f∈Σ, ar(f )>0
f TΣ . . .TΣ︸ ︷︷ ︸ar(f ) fois
.
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Exemple 3
On appelle signature un ensemble N-gradue, i.e., unensemble Σ muni d’une application ar : Σ→ N. On notepour n ∈ N, Σn := {f ∈ Σ : ar(f ) = n}. Si f ∈ Σ et ar(f ) = n,on dit que f est d’arite n ou que f est n-aire ; si n ≥ 1, f estun symbole fonctionnel, et si n = 0, c’est un symbole deconstante. On definit l’ensemble des Σ-termes finis TΣ
par induction structurelle sur (Σ∗,Σ0, {cf : f ∈⋃
n∈N∗
Σn}) ou
l’on acf : (Σ∗)ar(f ) → Σ∗
(t1, . . . , tar(f )) 7→ ft1 . . . tar(f ) .
On montre facilement que TΣ est inductivement libre et,bien entendu,
TΣ = Σ0 +∑
f∈Σ, ar(f )>0
f TΣ . . .TΣ︸ ︷︷ ︸ar(f ) fois
.
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Exemple 3
On appelle signature un ensemble N-gradue, i.e., unensemble Σ muni d’une application ar : Σ→ N. On notepour n ∈ N, Σn := {f ∈ Σ : ar(f ) = n}. Si f ∈ Σ et ar(f ) = n,on dit que f est d’arite n ou que f est n-aire ; si n ≥ 1, f estun symbole fonctionnel, et si n = 0, c’est un symbole deconstante. On definit l’ensemble des Σ-termes finis TΣ
par induction structurelle sur (Σ∗,Σ0, {cf : f ∈⋃
n∈N∗
Σn}) ou
l’on acf : (Σ∗)ar(f ) → Σ∗
(t1, . . . , tar(f )) 7→ ft1 . . . tar(f ) .
On montre facilement que TΣ est inductivement libre et,bien entendu,
TΣ = Σ0 +∑
f∈Σ, ar(f )>0
f TΣ . . .TΣ︸ ︷︷ ︸ar(f ) fois
.
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Exemple 3
On appelle signature un ensemble N-gradue, i.e., unensemble Σ muni d’une application ar : Σ→ N. On notepour n ∈ N, Σn := {f ∈ Σ : ar(f ) = n}. Si f ∈ Σ et ar(f ) = n,on dit que f est d’arite n ou que f est n-aire ; si n ≥ 1, f estun symbole fonctionnel, et si n = 0, c’est un symbole deconstante. On definit l’ensemble des Σ-termes finis TΣ
par induction structurelle sur (Σ∗,Σ0, {cf : f ∈⋃
n∈N∗
Σn}) ou
l’on acf : (Σ∗)ar(f ) → Σ∗
(t1, . . . , tar(f )) 7→ ft1 . . . tar(f ) .
On montre facilement que TΣ est inductivement libre et,bien entendu,
TΣ = Σ0 +∑
f∈Σ, ar(f )>0
f TΣ . . .TΣ︸ ︷︷ ︸ar(f ) fois
.
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Exemple 3
On appelle signature un ensemble N-gradue, i.e., unensemble Σ muni d’une application ar : Σ→ N. On notepour n ∈ N, Σn := {f ∈ Σ : ar(f ) = n}. Si f ∈ Σ et ar(f ) = n,on dit que f est d’arite n ou que f est n-aire ; si n ≥ 1, f estun symbole fonctionnel, et si n = 0, c’est un symbole deconstante. On definit l’ensemble des Σ-termes finis TΣ
par induction structurelle sur (Σ∗,Σ0, {cf : f ∈⋃
n∈N∗
Σn}) ou
l’on acf : (Σ∗)ar(f ) → Σ∗
(t1, . . . , tar(f )) 7→ ft1 . . . tar(f ) .
On montre facilement que TΣ est inductivement libre et,bien entendu,
TΣ = Σ0 +∑
f∈Σ, ar(f )>0
f TΣ . . .TΣ︸ ︷︷ ︸ar(f ) fois
.
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Exemple 3
On appelle signature un ensemble N-gradue, i.e., unensemble Σ muni d’une application ar : Σ→ N. On notepour n ∈ N, Σn := {f ∈ Σ : ar(f ) = n}. Si f ∈ Σ et ar(f ) = n,on dit que f est d’arite n ou que f est n-aire ; si n ≥ 1, f estun symbole fonctionnel, et si n = 0, c’est un symbole deconstante. On definit l’ensemble des Σ-termes finis TΣ
par induction structurelle sur (Σ∗,Σ0, {cf : f ∈⋃
n∈N∗
Σn}) ou
l’on acf : (Σ∗)ar(f ) → Σ∗
(t1, . . . , tar(f )) 7→ ft1 . . . tar(f ) .
On montre facilement que TΣ est inductivement libre et,bien entendu,
TΣ = Σ0 +∑
f∈Σ, ar(f )>0
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Exemple 3
On appelle signature un ensemble N-gradue, i.e., unensemble Σ muni d’une application ar : Σ→ N. On notepour n ∈ N, Σn := {f ∈ Σ : ar(f ) = n}. Si f ∈ Σ et ar(f ) = n,on dit que f est d’arite n ou que f est n-aire ; si n ≥ 1, f estun symbole fonctionnel, et si n = 0, c’est un symbole deconstante. On definit l’ensemble des Σ-termes finis TΣ
par induction structurelle sur (Σ∗,Σ0, {cf : f ∈⋃
n∈N∗
Σn}) ou
l’on acf : (Σ∗)ar(f ) → Σ∗
(t1, . . . , tar(f )) 7→ ft1 . . . tar(f ) .
On montre facilement que TΣ est inductivement libre et,bien entendu,
TΣ = Σ0 +∑
f∈Σ, ar(f )>0
f TΣ . . .TΣ︸ ︷︷ ︸ar(f ) fois
.
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Exemple 3
On appelle signature un ensemble N-gradue, i.e., unensemble Σ muni d’une application ar : Σ→ N. On notepour n ∈ N, Σn := {f ∈ Σ : ar(f ) = n}. Si f ∈ Σ et ar(f ) = n,on dit que f est d’arite n ou que f est n-aire ; si n ≥ 1, f estun symbole fonctionnel, et si n = 0, c’est un symbole deconstante. On definit l’ensemble des Σ-termes finis TΣ
par induction structurelle sur (Σ∗,Σ0, {cf : f ∈⋃
n∈N∗
Σn}) ou
l’on acf : (Σ∗)ar(f ) → Σ∗
(t1, . . . , tar(f )) 7→ ft1 . . . tar(f ) .
On montre facilement que TΣ est inductivement libre et,bien entendu,
TΣ = Σ0 +∑
f∈Σ, ar(f )>0
f TΣ . . .TΣ︸ ︷︷ ︸ar(f ) fois
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Exemple 3
On appelle signature un ensemble N-gradue, i.e., unensemble Σ muni d’une application ar : Σ→ N. On notepour n ∈ N, Σn := {f ∈ Σ : ar(f ) = n}. Si f ∈ Σ et ar(f ) = n,on dit que f est d’arite n ou que f est n-aire ; si n ≥ 1, f estun symbole fonctionnel, et si n = 0, c’est un symbole deconstante. On definit l’ensemble des Σ-termes finis TΣ
par induction structurelle sur (Σ∗,Σ0, {cf : f ∈⋃
n∈N∗
Σn}) ou
l’on acf : (Σ∗)ar(f ) → Σ∗
(t1, . . . , tar(f )) 7→ ft1 . . . tar(f ) .
On montre facilement que TΣ est inductivement libre et,bien entendu,
TΣ = Σ0 +∑
f∈Σ, ar(f )>0
f TΣ . . .TΣ︸ ︷︷ ︸ar(f ) fois
.
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Chap. IV :Theorie desstructuresrecursives
LaurentPoinsot
Inductionstructurelle
Exemplesd’ensemblesdefinis parinductionstructurelle
Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Exemple 3
On appelle signature un ensemble N-gradue, i.e., unensemble Σ muni d’une application ar : Σ→ N. On notepour n ∈ N, Σn := {f ∈ Σ : ar(f ) = n}. Si f ∈ Σ et ar(f ) = n,on dit que f est d’arite n ou que f est n-aire ; si n ≥ 1, f estun symbole fonctionnel, et si n = 0, c’est un symbole deconstante. On definit l’ensemble des Σ-termes finis TΣ
par induction structurelle sur (Σ∗,Σ0, {cf : f ∈⋃
n∈N∗
Σn}) ou
l’on acf : (Σ∗)ar(f ) → Σ∗
(t1, . . . , tar(f )) 7→ ft1 . . . tar(f ) .
On montre facilement que TΣ est inductivement libre et,bien entendu,
TΣ = Σ0 +∑
f∈Σ, ar(f )>0
f TΣ . . .TΣ︸ ︷︷ ︸ar(f ) fois
.
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Inductionnon ambigue
Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Exemple 3
On appelle signature un ensemble N-gradue, i.e., unensemble Σ muni d’une application ar : Σ→ N. On notepour n ∈ N, Σn := {f ∈ Σ : ar(f ) = n}. Si f ∈ Σ et ar(f ) = n,on dit que f est d’arite n ou que f est n-aire ; si n ≥ 1, f estun symbole fonctionnel, et si n = 0, c’est un symbole deconstante. On definit l’ensemble des Σ-termes finis TΣ
par induction structurelle sur (Σ∗,Σ0, {cf : f ∈⋃
n∈N∗
Σn}) ou
l’on acf : (Σ∗)ar(f ) → Σ∗
(t1, . . . , tar(f )) 7→ ft1 . . . tar(f ) .
On montre facilement que TΣ est inductivement libre et,bien entendu,
TΣ = Σ0 +∑
f∈Σ, ar(f )>0
f TΣ . . .TΣ︸ ︷︷ ︸ar(f ) fois
.
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Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Exemple 4
Remarquons au passage que Arith Expr correspond al’ensemble des Σ-termes finis avecΣ := V ∪ {0,1} ∪ {C+,C∗} et Σ0 := V ∪ {0,1},Σ2 := {C+,C∗}, Σn = ∅ quel que soit n ∈ N, n 6∈ {0,2}. Ona donc aussi
Arith Expr = V + {0,1}+ pArith Expr + Arith Exprq+ pArith Expr ∗ Arith Exprq .
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Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
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Exercices
Exemple 4
Remarquons au passage que Arith Expr correspond al’ensemble des Σ-termes finis avecΣ := V ∪ {0,1} ∪ {C+,C∗} et Σ0 := V ∪ {0,1},Σ2 := {C+,C∗}, Σn = ∅ quel que soit n ∈ N, n 6∈ {0,2}. Ona donc aussi
Arith Expr = V + {0,1}+ pArith Expr + Arith Exprq+ pArith Expr ∗ Arith Exprq .
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Exercices
Exemple 4
Remarquons au passage que Arith Expr correspond al’ensemble des Σ-termes finis avecΣ := V ∪ {0,1} ∪ {C+,C∗} et Σ0 := V ∪ {0,1},Σ2 := {C+,C∗}, Σn = ∅ quel que soit n ∈ N, n 6∈ {0,2}. Ona donc aussi
Arith Expr = V + {0,1}+ pArith Expr + Arith Exprq+ pArith Expr ∗ Arith Exprq .
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Exercices
Exemple 4
Remarquons au passage que Arith Expr correspond al’ensemble des Σ-termes finis avecΣ := V ∪ {0,1} ∪ {C+,C∗} et Σ0 := V ∪ {0,1},Σ2 := {C+,C∗}, Σn = ∅ quel que soit n ∈ N, n 6∈ {0,2}. Ona donc aussi
Arith Expr = V + {0,1}+ pArith Expr + Arith Exprq+ pArith Expr ∗ Arith Exprq .
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Exemple 4
Remarquons au passage que Arith Expr correspond al’ensemble des Σ-termes finis avecΣ := V ∪ {0,1} ∪ {C+,C∗} et Σ0 := V ∪ {0,1},Σ2 := {C+,C∗}, Σn = ∅ quel que soit n ∈ N, n 6∈ {0,2}. Ona donc aussi
Arith Expr = V + {0,1}+ pArith Expr + Arith Exprq+ pArith Expr ∗ Arith Exprq .
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Inductionnon ambigue
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Exercices
Exemple 4
Remarquons au passage que Arith Expr correspond al’ensemble des Σ-termes finis avecΣ := V ∪ {0,1} ∪ {C+,C∗} et Σ0 := V ∪ {0,1},Σ2 := {C+,C∗}, Σn = ∅ quel que soit n ∈ N, n 6∈ {0,2}. Ona donc aussi
Arith Expr = V + {0,1}+ pArith Expr + Arith Exprq+ pArith Expr ∗ Arith Exprq .
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Inductionstructurelle
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Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
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Exercices
Langage de la logique propositionnelle
Le langage de la logique propositionnelle est un autreexemple d’ensemble de Σ-termes finis (et donc d’ensembleinductivement libre). On se donne PS un ensemble infinidenombrable de symboles de propositions :P0, P1, P2,etc. Soient les connecteurs logiques : ∧ (et), ∨ (ou),⇒(implication), ¬ (negation),⇔ (equivalence) et ⊥ (le faux).Soient enfin les symboles auxiliaires : p (parentheseouvrante) et q (parenthese fermante).
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Exercices
Langage de la logique propositionnelle
Le langage de la logique propositionnelle est un autreexemple d’ensemble de Σ-termes finis (et donc d’ensembleinductivement libre). On se donne PS un ensemble infinidenombrable de symboles de propositions :P0, P1, P2,etc. Soient les connecteurs logiques : ∧ (et), ∨ (ou),⇒(implication), ¬ (negation),⇔ (equivalence) et ⊥ (le faux).Soient enfin les symboles auxiliaires : p (parentheseouvrante) et q (parenthese fermante).
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Exercices
Langage de la logique propositionnelle
Le langage de la logique propositionnelle est un autreexemple d’ensemble de Σ-termes finis (et donc d’ensembleinductivement libre). On se donne PS un ensemble infinidenombrable de symboles de propositions :P0, P1, P2,etc. Soient les connecteurs logiques : ∧ (et), ∨ (ou),⇒(implication), ¬ (negation),⇔ (equivalence) et ⊥ (le faux).Soient enfin les symboles auxiliaires : p (parentheseouvrante) et q (parenthese fermante).
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Exercices
Langage de la logique propositionnelle
Le langage de la logique propositionnelle est un autreexemple d’ensemble de Σ-termes finis (et donc d’ensembleinductivement libre). On se donne PS un ensemble infinidenombrable de symboles de propositions :P0, P1, P2,etc. Soient les connecteurs logiques : ∧ (et), ∨ (ou),⇒(implication), ¬ (negation),⇔ (equivalence) et ⊥ (le faux).Soient enfin les symboles auxiliaires : p (parentheseouvrante) et q (parenthese fermante).
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Exercices
Langage de la logique propositionnelle
Le langage de la logique propositionnelle est un autreexemple d’ensemble de Σ-termes finis (et donc d’ensembleinductivement libre). On se donne PS un ensemble infinidenombrable de symboles de propositions :P0, P1, P2,etc. Soient les connecteurs logiques : ∧ (et), ∨ (ou),⇒(implication), ¬ (negation),⇔ (equivalence) et ⊥ (le faux).Soient enfin les symboles auxiliaires : p (parentheseouvrante) et q (parenthese fermante).
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Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
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Exercices
Langage de la logique propositionnelle
Le langage de la logique propositionnelle est un autreexemple d’ensemble de Σ-termes finis (et donc d’ensembleinductivement libre). On se donne PS un ensemble infinidenombrable de symboles de propositions :P0, P1, P2,etc. Soient les connecteurs logiques : ∧ (et), ∨ (ou),⇒(implication), ¬ (negation),⇔ (equivalence) et ⊥ (le faux).Soient enfin les symboles auxiliaires : p (parentheseouvrante) et q (parenthese fermante).
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Exercices
Langage de la logique propositionnelle
Le langage de la logique propositionnelle est un autreexemple d’ensemble de Σ-termes finis (et donc d’ensembleinductivement libre). On se donne PS un ensemble infinidenombrable de symboles de propositions :P0, P1, P2,etc. Soient les connecteurs logiques : ∧ (et), ∨ (ou),⇒(implication), ¬ (negation),⇔ (equivalence) et ⊥ (le faux).Soient enfin les symboles auxiliaires : p (parentheseouvrante) et q (parenthese fermante).
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Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Langage de la logique propositionnelle
Le langage de la logique propositionnelle est un autreexemple d’ensemble de Σ-termes finis (et donc d’ensembleinductivement libre). On se donne PS un ensemble infinidenombrable de symboles de propositions :P0, P1, P2,etc. Soient les connecteurs logiques : ∧ (et), ∨ (ou),⇒(implication), ¬ (negation),⇔ (equivalence) et ⊥ (le faux).Soient enfin les symboles auxiliaires : p (parentheseouvrante) et q (parenthese fermante).
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Exercices
Soient les applications definies surU := (PS ∪ {∧,∨,⇒,¬,⇔,⊥} ∪ {p,q})∗ par, quels quesoient les mots A et B,
C¬(A) = ¬A ,C∧(A) = pA ∧ Bq ,C∨(A) = pA ∨ Bq ,C⇒(A) = pA⇒ Bq ,C⇔(A) = pA⇔ Bq .
On definit l’ensemble PROP des formulespropositionnelles comme(U ,PS ∪ {⊥}, {C# : # ∈ {∧,∨,¬,⇒,⇔}})ω ou encorecomme l’ensemble des Σ-termes finis avec Σ0 := PS ∪ {⊥},Σ1 := {C¬}, Σ2 := {C# : # ∈ {∧,∨,⇒,⇔} et Σn = ∅ desque n > 2.
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Exercices
Soient les applications definies surU := (PS ∪ {∧,∨,⇒,¬,⇔,⊥} ∪ {p,q})∗ par, quels quesoient les mots A et B,
C¬(A) = ¬A ,C∧(A) = pA ∧ Bq ,C∨(A) = pA ∨ Bq ,C⇒(A) = pA⇒ Bq ,C⇔(A) = pA⇔ Bq .
On definit l’ensemble PROP des formulespropositionnelles comme(U ,PS ∪ {⊥}, {C# : # ∈ {∧,∨,¬,⇒,⇔}})ω ou encorecomme l’ensemble des Σ-termes finis avec Σ0 := PS ∪ {⊥},Σ1 := {C¬}, Σ2 := {C# : # ∈ {∧,∨,⇒,⇔} et Σn = ∅ desque n > 2.
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Soient les applications definies surU := (PS ∪ {∧,∨,⇒,¬,⇔,⊥} ∪ {p,q})∗ par, quels quesoient les mots A et B,
C¬(A) = ¬A ,C∧(A) = pA ∧ Bq ,C∨(A) = pA ∨ Bq ,C⇒(A) = pA⇒ Bq ,C⇔(A) = pA⇔ Bq .
On definit l’ensemble PROP des formulespropositionnelles comme(U ,PS ∪ {⊥}, {C# : # ∈ {∧,∨,¬,⇒,⇔}})ω ou encorecomme l’ensemble des Σ-termes finis avec Σ0 := PS ∪ {⊥},Σ1 := {C¬}, Σ2 := {C# : # ∈ {∧,∨,⇒,⇔} et Σn = ∅ desque n > 2.
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Exercices
Soient les applications definies surU := (PS ∪ {∧,∨,⇒,¬,⇔,⊥} ∪ {p,q})∗ par, quels quesoient les mots A et B,
C¬(A) = ¬A ,C∧(A) = pA ∧ Bq ,C∨(A) = pA ∨ Bq ,C⇒(A) = pA⇒ Bq ,C⇔(A) = pA⇔ Bq .
On definit l’ensemble PROP des formulespropositionnelles comme(U ,PS ∪ {⊥}, {C# : # ∈ {∧,∨,¬,⇒,⇔}})ω ou encorecomme l’ensemble des Σ-termes finis avec Σ0 := PS ∪ {⊥},Σ1 := {C¬}, Σ2 := {C# : # ∈ {∧,∨,⇒,⇔} et Σn = ∅ desque n > 2.
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Soient les applications definies surU := (PS ∪ {∧,∨,⇒,¬,⇔,⊥} ∪ {p,q})∗ par, quels quesoient les mots A et B,
C¬(A) = ¬A ,C∧(A) = pA ∧ Bq ,C∨(A) = pA ∨ Bq ,C⇒(A) = pA⇒ Bq ,C⇔(A) = pA⇔ Bq .
On definit l’ensemble PROP des formulespropositionnelles comme(U ,PS ∪ {⊥}, {C# : # ∈ {∧,∨,¬,⇒,⇔}})ω ou encorecomme l’ensemble des Σ-termes finis avec Σ0 := PS ∪ {⊥},Σ1 := {C¬}, Σ2 := {C# : # ∈ {∧,∨,⇒,⇔} et Σn = ∅ desque n > 2.
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Exercices
Soient les applications definies surU := (PS ∪ {∧,∨,⇒,¬,⇔,⊥} ∪ {p,q})∗ par, quels quesoient les mots A et B,
C¬(A) = ¬A ,C∧(A) = pA ∧ Bq ,C∨(A) = pA ∨ Bq ,C⇒(A) = pA⇒ Bq ,C⇔(A) = pA⇔ Bq .
On definit l’ensemble PROP des formulespropositionnelles comme(U ,PS ∪ {⊥}, {C# : # ∈ {∧,∨,¬,⇒,⇔}})ω ou encorecomme l’ensemble des Σ-termes finis avec Σ0 := PS ∪ {⊥},Σ1 := {C¬}, Σ2 := {C# : # ∈ {∧,∨,⇒,⇔} et Σn = ∅ desque n > 2.
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Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
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Exercices
Soient les applications definies surU := (PS ∪ {∧,∨,⇒,¬,⇔,⊥} ∪ {p,q})∗ par, quels quesoient les mots A et B,
C¬(A) = ¬A ,C∧(A) = pA ∧ Bq ,C∨(A) = pA ∨ Bq ,C⇒(A) = pA⇒ Bq ,C⇔(A) = pA⇔ Bq .
On definit l’ensemble PROP des formulespropositionnelles comme(U ,PS ∪ {⊥}, {C# : # ∈ {∧,∨,¬,⇒,⇔}})ω ou encorecomme l’ensemble des Σ-termes finis avec Σ0 := PS ∪ {⊥},Σ1 := {C¬}, Σ2 := {C# : # ∈ {∧,∨,⇒,⇔} et Σn = ∅ desque n > 2.
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Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Soient les applications definies surU := (PS ∪ {∧,∨,⇒,¬,⇔,⊥} ∪ {p,q})∗ par, quels quesoient les mots A et B,
C¬(A) = ¬A ,C∧(A) = pA ∧ Bq ,C∨(A) = pA ∨ Bq ,C⇒(A) = pA⇒ Bq ,C⇔(A) = pA⇔ Bq .
On definit l’ensemble PROP des formulespropositionnelles comme(U ,PS ∪ {⊥}, {C# : # ∈ {∧,∨,¬,⇒,⇔}})ω ou encorecomme l’ensemble des Σ-termes finis avec Σ0 := PS ∪ {⊥},Σ1 := {C¬}, Σ2 := {C# : # ∈ {∧,∨,⇒,⇔} et Σn = ∅ desque n > 2.
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Soient les applications definies surU := (PS ∪ {∧,∨,⇒,¬,⇔,⊥} ∪ {p,q})∗ par, quels quesoient les mots A et B,
C¬(A) = ¬A ,C∧(A) = pA ∧ Bq ,C∨(A) = pA ∨ Bq ,C⇒(A) = pA⇒ Bq ,C⇔(A) = pA⇔ Bq .
On definit l’ensemble PROP des formulespropositionnelles comme(U ,PS ∪ {⊥}, {C# : # ∈ {∧,∨,¬,⇒,⇔}})ω ou encorecomme l’ensemble des Σ-termes finis avec Σ0 := PS ∪ {⊥},Σ1 := {C¬}, Σ2 := {C# : # ∈ {∧,∨,⇒,⇔} et Σn = ∅ desque n > 2.
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C¬(A) = ¬A ,C∧(A) = pA ∧ Bq ,C∨(A) = pA ∨ Bq ,C⇒(A) = pA⇒ Bq ,C⇔(A) = pA⇔ Bq .
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C¬(A) = ¬A ,C∧(A) = pA ∧ Bq ,C∨(A) = pA ∨ Bq ,C⇒(A) = pA⇒ Bq ,C⇔(A) = pA⇔ Bq .
On definit l’ensemble PROP des formulespropositionnelles comme(U ,PS ∪ {⊥}, {C# : # ∈ {∧,∨,¬,⇒,⇔}})ω ou encorecomme l’ensemble des Σ-termes finis avec Σ0 := PS ∪ {⊥},Σ1 := {C¬}, Σ2 := {C# : # ∈ {∧,∨,⇒,⇔} et Σn = ∅ desque n > 2.
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C¬(A) = ¬A ,C∧(A) = pA ∧ Bq ,C∨(A) = pA ∨ Bq ,C⇒(A) = pA⇒ Bq ,C⇔(A) = pA⇔ Bq .
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C¬(A) = ¬A ,C∧(A) = pA ∧ Bq ,C∨(A) = pA ∨ Bq ,C⇒(A) = pA⇒ Bq ,C⇔(A) = pA⇔ Bq .
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C¬(A) = ¬A ,C∧(A) = pA ∧ Bq ,C∨(A) = pA ∨ Bq ,C⇒(A) = pA⇒ Bq ,C⇔(A) = pA⇔ Bq .
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C¬(A) = ¬A ,C∧(A) = pA ∧ Bq ,C∨(A) = pA ∨ Bq ,C⇒(A) = pA⇒ Bq ,C⇔(A) = pA⇔ Bq .
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que soit f ∈ F , d(f ) : Var(f ) → V appartient a G (il n’estnullement necessaire que d soit une bijection).
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Exemplesd’ensemblesdefinis parinductionstructurelle
Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Theoreme
Soient I, V, G et d definis comme precedemment.Supposons en outre que Iω soit inductivement libre. Pourchaque h : B → V, il existe une unique applicationh : Iω → V telle que :
1 Pour tout x ∈ B, h(x) = h(x) ;2 Pour chaque f ∈ F et chaque
x = (x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )ω ,
h(f (x1, . . . , xar(f ))) = d(f )(h(x1), . . . , h(xar(f ))) .
On dit que h est definie par induction structurelle.
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Theoreme
Soient I, V, G et d definis comme precedemment.Supposons en outre que Iω soit inductivement libre. Pourchaque h : B → V, il existe une unique applicationh : Iω → V telle que :
1 Pour tout x ∈ B, h(x) = h(x) ;2 Pour chaque f ∈ F et chaque
x = (x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )ω ,
h(f (x1, . . . , xar(f ))) = d(f )(h(x1), . . . , h(xar(f ))) .
On dit que h est definie par induction structurelle.
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Soient I, V, G et d definis comme precedemment.Supposons en outre que Iω soit inductivement libre. Pourchaque h : B → V, il existe une unique applicationh : Iω → V telle que :
1 Pour tout x ∈ B, h(x) = h(x) ;2 Pour chaque f ∈ F et chaque
x = (x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )ω ,
h(f (x1, . . . , xar(f ))) = d(f )(h(x1), . . . , h(xar(f ))) .
On dit que h est definie par induction structurelle.
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Soient I, V, G et d definis comme precedemment.Supposons en outre que Iω soit inductivement libre. Pourchaque h : B → V, il existe une unique applicationh : Iω → V telle que :
1 Pour tout x ∈ B, h(x) = h(x) ;2 Pour chaque f ∈ F et chaque
x = (x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )ω ,
h(f (x1, . . . , xar(f ))) = d(f )(h(x1), . . . , h(xar(f ))) .
On dit que h est definie par induction structurelle.
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Soient I, V, G et d definis comme precedemment.Supposons en outre que Iω soit inductivement libre. Pourchaque h : B → V, il existe une unique applicationh : Iω → V telle que :
1 Pour tout x ∈ B, h(x) = h(x) ;2 Pour chaque f ∈ F et chaque
x = (x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )ω ,
h(f (x1, . . . , xar(f ))) = d(f )(h(x1), . . . , h(xar(f ))) .
On dit que h est definie par induction structurelle.
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Soient I, V, G et d definis comme precedemment.Supposons en outre que Iω soit inductivement libre. Pourchaque h : B → V, il existe une unique applicationh : Iω → V telle que :
1 Pour tout x ∈ B, h(x) = h(x) ;2 Pour chaque f ∈ F et chaque
x = (x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )ω ,
h(f (x1, . . . , xar(f ))) = d(f )(h(x1), . . . , h(xar(f ))) .
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Soient I, V, G et d definis comme precedemment.Supposons en outre que Iω soit inductivement libre. Pourchaque h : B → V, il existe une unique applicationh : Iω → V telle que :
1 Pour tout x ∈ B, h(x) = h(x) ;2 Pour chaque f ∈ F et chaque
x = (x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )ω ,
h(f (x1, . . . , xar(f ))) = d(f )(h(x1), . . . , h(xar(f ))) .
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Soient I, V, G et d definis comme precedemment.Supposons en outre que Iω soit inductivement libre. Pourchaque h : B → V, il existe une unique applicationh : Iω → V telle que :
1 Pour tout x ∈ B, h(x) = h(x) ;2 Pour chaque f ∈ F et chaque
x = (x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )ω ,
h(f (x1, . . . , xar(f ))) = d(f )(h(x1), . . . , h(xar(f ))) .
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Soient I, V, G et d definis comme precedemment.Supposons en outre que Iω soit inductivement libre. Pourchaque h : B → V, il existe une unique applicationh : Iω → V telle que :
1 Pour tout x ∈ B, h(x) = h(x) ;2 Pour chaque f ∈ F et chaque
x = (x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )ω ,
h(f (x1, . . . , xar(f ))) = d(f )(h(x1), . . . , h(xar(f ))) .
On dit que h est definie par induction structurelle.
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Nous introduisons un lemme technique utile a la preuve dutheoreme precedent.On definit un ordre partiel ⊆ sur les fonctions partielles deBA comme suit : f ⊆ g si, et seulement si, le graphe de f estinclus dans le graphe de g.Lemme 2. Soit (fn)n∈N une suite de fonctions partiellesfn : A→ B telles que fn ⊆ fn+1 pour tout n ≥ 0. (On utilise icide maniere implicite l’axiome des choix dependants : onpeut en effet montrer que quelle que soit la fonction partiellef , il existe une fonction partielle g telle que f ⊆ g, puiqu’ilsuffit de prendre pour g la fonction f elle-meme. On estdonc en droit, en vertu de l’axiome des choix dependants,de supposer l’existence d’une telle suite (fn)n∈N.) Alorsg :=
⋃n∈N
fn est une fonction partielle. De plus, g est l’infimum
de la suite (fn)n∈N.
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Nous introduisons un lemme technique utile a la preuve dutheoreme precedent.On definit un ordre partiel ⊆ sur les fonctions partielles deBA comme suit : f ⊆ g si, et seulement si, le graphe de f estinclus dans le graphe de g.Lemme 2. Soit (fn)n∈N une suite de fonctions partiellesfn : A→ B telles que fn ⊆ fn+1 pour tout n ≥ 0. (On utilise icide maniere implicite l’axiome des choix dependants : onpeut en effet montrer que quelle que soit la fonction partiellef , il existe une fonction partielle g telle que f ⊆ g, puiqu’ilsuffit de prendre pour g la fonction f elle-meme. On estdonc en droit, en vertu de l’axiome des choix dependants,de supposer l’existence d’une telle suite (fn)n∈N.) Alorsg :=
⋃n∈N
fn est une fonction partielle. De plus, g est l’infimum
de la suite (fn)n∈N.
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Nous introduisons un lemme technique utile a la preuve dutheoreme precedent.On definit un ordre partiel ⊆ sur les fonctions partielles deBA comme suit : f ⊆ g si, et seulement si, le graphe de f estinclus dans le graphe de g.Lemme 2. Soit (fn)n∈N une suite de fonctions partiellesfn : A→ B telles que fn ⊆ fn+1 pour tout n ≥ 0. (On utilise icide maniere implicite l’axiome des choix dependants : onpeut en effet montrer que quelle que soit la fonction partiellef , il existe une fonction partielle g telle que f ⊆ g, puiqu’ilsuffit de prendre pour g la fonction f elle-meme. On estdonc en droit, en vertu de l’axiome des choix dependants,de supposer l’existence d’une telle suite (fn)n∈N.) Alorsg :=
⋃n∈N
fn est une fonction partielle. De plus, g est l’infimum
de la suite (fn)n∈N.
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Nous introduisons un lemme technique utile a la preuve dutheoreme precedent.On definit un ordre partiel ⊆ sur les fonctions partielles deBA comme suit : f ⊆ g si, et seulement si, le graphe de f estinclus dans le graphe de g.Lemme 2. Soit (fn)n∈N une suite de fonctions partiellesfn : A→ B telles que fn ⊆ fn+1 pour tout n ≥ 0. (On utilise icide maniere implicite l’axiome des choix dependants : onpeut en effet montrer que quelle que soit la fonction partiellef , il existe une fonction partielle g telle que f ⊆ g, puiqu’ilsuffit de prendre pour g la fonction f elle-meme. On estdonc en droit, en vertu de l’axiome des choix dependants,de supposer l’existence d’une telle suite (fn)n∈N.) Alorsg :=
⋃n∈N
fn est une fonction partielle. De plus, g est l’infimum
de la suite (fn)n∈N.
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⋃n∈N
fn est une fonction partielle. De plus, g est l’infimum
de la suite (fn)n∈N.
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⋃n∈N
fn est une fonction partielle. De plus, g est l’infimum
de la suite (fn)n∈N.
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⋃n∈N
fn est une fonction partielle. De plus, g est l’infimum
de la suite (fn)n∈N.
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⋃n∈N
fn est une fonction partielle. De plus, g est l’infimum
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⋃n∈N
fn est une fonction partielle. De plus, g est l’infimum
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⋃n∈N
fn est une fonction partielle. De plus, g est l’infimum
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Nous introduisons un lemme technique utile a la preuve dutheoreme precedent.On definit un ordre partiel ⊆ sur les fonctions partielles deBA comme suit : f ⊆ g si, et seulement si, le graphe de f estinclus dans le graphe de g.Lemme 2. Soit (fn)n∈N une suite de fonctions partiellesfn : A→ B telles que fn ⊆ fn+1 pour tout n ≥ 0. (On utilise icide maniere implicite l’axiome des choix dependants : onpeut en effet montrer que quelle que soit la fonction partiellef , il existe une fonction partielle g telle que f ⊆ g, puiqu’ilsuffit de prendre pour g la fonction f elle-meme. On estdonc en droit, en vertu de l’axiome des choix dependants,de supposer l’existence d’une telle suite (fn)n∈N.) Alorsg :=
⋃n∈N
fn est une fonction partielle. De plus, g est l’infimum
de la suite (fn)n∈N.
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Exemplesd’ensemblesdefinis parinductionstructurelle
Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
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Exercices
Preuve du lemme
Montrons tout d’abord que g :=⋃n∈N
fn est un graphe
fonctionnel (c’est-a-dire le graphe d’une fonction). Notonsque pour chaque (x , y) ∈ g, il existe un entier n tel quefn(x) = y . Si (x , y) ∈ G et (x , z) ∈ g, alors il existe un entierm tel que fm(x) = y et un entier n tel que fn(x) = z. Posonsk := max{m,n}. Par hypothese sur (fn)n∈N, fk (x) = y etfk (x) = z. Donc y = z. Ensuite, le fait que chaque fn soitcontenue dans g est evident puisque g =
⋃n∈N
fn. Si h est
une fonction partielle telle que fn ⊆ h quel que soit n ∈ N,par definition de la reunion, g =
⋃fn ⊆ h. Ainsi, g est bien
la borne inferieure de (fn)n∈N.
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Montrons tout d’abord que g :=⋃n∈N
fn est un graphe
fonctionnel (c’est-a-dire le graphe d’une fonction). Notonsque pour chaque (x , y) ∈ g, il existe un entier n tel quefn(x) = y . Si (x , y) ∈ G et (x , z) ∈ g, alors il existe un entierm tel que fm(x) = y et un entier n tel que fn(x) = z. Posonsk := max{m,n}. Par hypothese sur (fn)n∈N, fk (x) = y etfk (x) = z. Donc y = z. Ensuite, le fait que chaque fn soitcontenue dans g est evident puisque g =
⋃n∈N
fn. Si h est
une fonction partielle telle que fn ⊆ h quel que soit n ∈ N,par definition de la reunion, g =
⋃fn ⊆ h. Ainsi, g est bien
la borne inferieure de (fn)n∈N.
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Montrons tout d’abord que g :=⋃n∈N
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fonctionnel (c’est-a-dire le graphe d’une fonction). Notonsque pour chaque (x , y) ∈ g, il existe un entier n tel quefn(x) = y . Si (x , y) ∈ G et (x , z) ∈ g, alors il existe un entierm tel que fm(x) = y et un entier n tel que fn(x) = z. Posonsk := max{m,n}. Par hypothese sur (fn)n∈N, fk (x) = y etfk (x) = z. Donc y = z. Ensuite, le fait que chaque fn soitcontenue dans g est evident puisque g =
⋃n∈N
fn. Si h est
une fonction partielle telle que fn ⊆ h quel que soit n ∈ N,par definition de la reunion, g =
⋃fn ⊆ h. Ainsi, g est bien
la borne inferieure de (fn)n∈N.
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⋃n∈N
fn. Si h est
une fonction partielle telle que fn ⊆ h quel que soit n ∈ N,par definition de la reunion, g =
⋃fn ⊆ h. Ainsi, g est bien
la borne inferieure de (fn)n∈N.
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⋃fn ⊆ h. Ainsi, g est bien
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⋃n∈N
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une fonction partielle telle que fn ⊆ h quel que soit n ∈ N,par definition de la reunion, g =
⋃fn ⊆ h. Ainsi, g est bien
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⋃n∈N
fn. Si h est
une fonction partielle telle que fn ⊆ h quel que soit n ∈ N,par definition de la reunion, g =
⋃fn ⊆ h. Ainsi, g est bien
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fonctionnel (c’est-a-dire le graphe d’une fonction). Notonsque pour chaque (x , y) ∈ g, il existe un entier n tel quefn(x) = y . Si (x , y) ∈ G et (x , z) ∈ g, alors il existe un entierm tel que fm(x) = y et un entier n tel que fn(x) = z. Posonsk := max{m,n}. Par hypothese sur (fn)n∈N, fk (x) = y etfk (x) = z. Donc y = z. Ensuite, le fait que chaque fn soitcontenue dans g est evident puisque g =
⋃n∈N
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fonctionnel (c’est-a-dire le graphe d’une fonction). Notonsque pour chaque (x , y) ∈ g, il existe un entier n tel quefn(x) = y . Si (x , y) ∈ G et (x , z) ∈ g, alors il existe un entierm tel que fm(x) = y et un entier n tel que fn(x) = z. Posonsk := max{m,n}. Par hypothese sur (fn)n∈N, fk (x) = y etfk (x) = z. Donc y = z. Ensuite, le fait que chaque fn soitcontenue dans g est evident puisque g =
⋃n∈N
fn. Si h est
une fonction partielle telle que fn ⊆ h quel que soit n ∈ N,par definition de la reunion, g =
⋃fn ⊆ h. Ainsi, g est bien
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Exercices
Preuve du theoreme
On definit par recurrence une sequence d’applicationshn : In → V satisfaisant les conditions (1) et (2) restreintes aIn. On pose h0 = h. Etant donne hn, soit hn+1 ayant legraphe suivant{(f (x1, . . . , xar(f )),d(f )(hn(x1), . . . ,hn(xar(f )))) :
(x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
n−1 , f ∈ F} ∪ hn .
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Exercices
Preuve du theoreme
On definit par recurrence une sequence d’applicationshn : In → V satisfaisant les conditions (1) et (2) restreintes aIn. On pose h0 = h. Etant donne hn, soit hn+1 ayant legraphe suivant{(f (x1, . . . , xar(f )),d(f )(hn(x1), . . . ,hn(xar(f )))) :
(x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
n−1 , f ∈ F} ∪ hn .
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Exercices
Preuve du theoreme
On definit par recurrence une sequence d’applicationshn : In → V satisfaisant les conditions (1) et (2) restreintes aIn. On pose h0 = h. Etant donne hn, soit hn+1 ayant legraphe suivant{(f (x1, . . . , xar(f )),d(f )(hn(x1), . . . ,hn(xar(f )))) :
(x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
n−1 , f ∈ F} ∪ hn .
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Exercices
Preuve du theoreme
On definit par recurrence une sequence d’applicationshn : In → V satisfaisant les conditions (1) et (2) restreintes aIn. On pose h0 = h. Etant donne hn, soit hn+1 ayant legraphe suivant{(f (x1, . . . , xar(f )),d(f )(hn(x1), . . . ,hn(xar(f )))) :
(x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
n−1 , f ∈ F} ∪ hn .
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Exercices
Preuve du theoreme (suite)
Nous devons verifier que ce graphe est bien fonctionnel.Puisque Iω est inductivement libre, par le lemme 1,f (x) ∈ In+1 \ In des que x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 et nous devons
seulement verifier la fonctionnalite du premier membre del’union. Puisque les elements de G sont des applications,par le lemme 1, la seule possibilte d’avoir (x0, y) ∈ hn et(x0, z) ∈ hn pour un x0 ∈ In+1 \ In est d’avoirx0 = f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) pour
(x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
n−1 , (y1, . . . , yar(f )) ∈ Iar(g)n \ Iar(g)
n−1 ,et f ,g ∈ F .
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Exemplesd’ensemblesdefinis parinductionstructurelle
Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Preuve du theoreme (suite)
Nous devons verifier que ce graphe est bien fonctionnel.Puisque Iω est inductivement libre, par le lemme 1,f (x) ∈ In+1 \ In des que x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 et nous devons
seulement verifier la fonctionnalite du premier membre del’union. Puisque les elements de G sont des applications,par le lemme 1, la seule possibilte d’avoir (x0, y) ∈ hn et(x0, z) ∈ hn pour un x0 ∈ In+1 \ In est d’avoirx0 = f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) pour
(x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
n−1 , (y1, . . . , yar(f )) ∈ Iar(g)n \ Iar(g)
n−1 ,et f ,g ∈ F .
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Nous devons verifier que ce graphe est bien fonctionnel.Puisque Iω est inductivement libre, par le lemme 1,f (x) ∈ In+1 \ In des que x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 et nous devons
seulement verifier la fonctionnalite du premier membre del’union. Puisque les elements de G sont des applications,par le lemme 1, la seule possibilte d’avoir (x0, y) ∈ hn et(x0, z) ∈ hn pour un x0 ∈ In+1 \ In est d’avoirx0 = f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) pour
(x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
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n−1 ,et f ,g ∈ F .
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Nous devons verifier que ce graphe est bien fonctionnel.Puisque Iω est inductivement libre, par le lemme 1,f (x) ∈ In+1 \ In des que x ∈ Iar(f )
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(x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
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Nous devons verifier que ce graphe est bien fonctionnel.Puisque Iω est inductivement libre, par le lemme 1,f (x) ∈ In+1 \ In des que x ∈ Iar(f )
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seulement verifier la fonctionnalite du premier membre del’union. Puisque les elements de G sont des applications,par le lemme 1, la seule possibilte d’avoir (x0, y) ∈ hn et(x0, z) ∈ hn pour un x0 ∈ In+1 \ In est d’avoirx0 = f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) pour
(x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
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Nous devons verifier que ce graphe est bien fonctionnel.Puisque Iω est inductivement libre, par le lemme 1,f (x) ∈ In+1 \ In des que x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 et nous devons
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Nous devons verifier que ce graphe est bien fonctionnel.Puisque Iω est inductivement libre, par le lemme 1,f (x) ∈ In+1 \ In des que x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 et nous devons
seulement verifier la fonctionnalite du premier membre del’union. Puisque les elements de G sont des applications,par le lemme 1, la seule possibilte d’avoir (x0, y) ∈ hn et(x0, z) ∈ hn pour un x0 ∈ In+1 \ In est d’avoirx0 = f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) pour
(x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
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Nous devons verifier que ce graphe est bien fonctionnel.Puisque Iω est inductivement libre, par le lemme 1,f (x) ∈ In+1 \ In des que x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 et nous devons
seulement verifier la fonctionnalite du premier membre del’union. Puisque les elements de G sont des applications,par le lemme 1, la seule possibilte d’avoir (x0, y) ∈ hn et(x0, z) ∈ hn pour un x0 ∈ In+1 \ In est d’avoirx0 = f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) pour
(x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
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Nous devons verifier que ce graphe est bien fonctionnel.Puisque Iω est inductivement libre, par le lemme 1,f (x) ∈ In+1 \ In des que x ∈ Iar(f )
n \ Iar(f )n−1 et nous devons
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(x1, . . . , xar(f )) ∈ Iar(f )n \ Iar(f )
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Preuve du theoreme (suite)
Puisque f (Iar(f )ω ) et g(Iar(g)
ω ) sont disjoints des que f 6= g,f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) implique que f = g.
Puisque chaque f ∈ F est injective sur Iar(f )ω , nous devons
avoir xl = yl pour tout l , 1 ≤ l ≤ ar(f ). Mais alorsy = z = d(f )(x1, . . . , xar(f )), ce qui demontre lafonctionnalite. En utilisant le lemme 2, h =
⋃n∈N
hn est une
fonction partielle. Puisque le domaine de h est egal a lareunion des domaines des hn, elle-meme egale a⋃n∈N
In = Iω, h est une application sur Iω. De plus, il est clair
par definition de hn que h satisfait les conditions (1) et (2) dutheoreme. Reste a montrer que h est unique : soit h′
satisfaisant aussi (1) et (2). Alors on peut facilementdemontrer par induction que h et h′ sont egales sur In quelque soit n ∈ N. Ce qui demontre le theoreme.
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Preuve du theoreme (suite)
Puisque f (Iar(f )ω ) et g(Iar(g)
ω ) sont disjoints des que f 6= g,f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) implique que f = g.
Puisque chaque f ∈ F est injective sur Iar(f )ω , nous devons
avoir xl = yl pour tout l , 1 ≤ l ≤ ar(f ). Mais alorsy = z = d(f )(x1, . . . , xar(f )), ce qui demontre lafonctionnalite. En utilisant le lemme 2, h =
⋃n∈N
hn est une
fonction partielle. Puisque le domaine de h est egal a lareunion des domaines des hn, elle-meme egale a⋃n∈N
In = Iω, h est une application sur Iω. De plus, il est clair
par definition de hn que h satisfait les conditions (1) et (2) dutheoreme. Reste a montrer que h est unique : soit h′
satisfaisant aussi (1) et (2). Alors on peut facilementdemontrer par induction que h et h′ sont egales sur In quelque soit n ∈ N. Ce qui demontre le theoreme.
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Puisque f (Iar(f )ω ) et g(Iar(g)
ω ) sont disjoints des que f 6= g,f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) implique que f = g.
Puisque chaque f ∈ F est injective sur Iar(f )ω , nous devons
avoir xl = yl pour tout l , 1 ≤ l ≤ ar(f ). Mais alorsy = z = d(f )(x1, . . . , xar(f )), ce qui demontre lafonctionnalite. En utilisant le lemme 2, h =
⋃n∈N
hn est une
fonction partielle. Puisque le domaine de h est egal a lareunion des domaines des hn, elle-meme egale a⋃n∈N
In = Iω, h est une application sur Iω. De plus, il est clair
par definition de hn que h satisfait les conditions (1) et (2) dutheoreme. Reste a montrer que h est unique : soit h′
satisfaisant aussi (1) et (2). Alors on peut facilementdemontrer par induction que h et h′ sont egales sur In quelque soit n ∈ N. Ce qui demontre le theoreme.
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Puisque f (Iar(f )ω ) et g(Iar(g)
ω ) sont disjoints des que f 6= g,f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) implique que f = g.
Puisque chaque f ∈ F est injective sur Iar(f )ω , nous devons
avoir xl = yl pour tout l , 1 ≤ l ≤ ar(f ). Mais alorsy = z = d(f )(x1, . . . , xar(f )), ce qui demontre lafonctionnalite. En utilisant le lemme 2, h =
⋃n∈N
hn est une
fonction partielle. Puisque le domaine de h est egal a lareunion des domaines des hn, elle-meme egale a⋃n∈N
In = Iω, h est une application sur Iω. De plus, il est clair
par definition de hn que h satisfait les conditions (1) et (2) dutheoreme. Reste a montrer que h est unique : soit h′
satisfaisant aussi (1) et (2). Alors on peut facilementdemontrer par induction que h et h′ sont egales sur In quelque soit n ∈ N. Ce qui demontre le theoreme.
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Puisque f (Iar(f )ω ) et g(Iar(g)
ω ) sont disjoints des que f 6= g,f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) implique que f = g.
Puisque chaque f ∈ F est injective sur Iar(f )ω , nous devons
avoir xl = yl pour tout l , 1 ≤ l ≤ ar(f ). Mais alorsy = z = d(f )(x1, . . . , xar(f )), ce qui demontre lafonctionnalite. En utilisant le lemme 2, h =
⋃n∈N
hn est une
fonction partielle. Puisque le domaine de h est egal a lareunion des domaines des hn, elle-meme egale a⋃n∈N
In = Iω, h est une application sur Iω. De plus, il est clair
par definition de hn que h satisfait les conditions (1) et (2) dutheoreme. Reste a montrer que h est unique : soit h′
satisfaisant aussi (1) et (2). Alors on peut facilementdemontrer par induction que h et h′ sont egales sur In quelque soit n ∈ N. Ce qui demontre le theoreme.
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Puisque f (Iar(f )ω ) et g(Iar(g)
ω ) sont disjoints des que f 6= g,f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) implique que f = g.
Puisque chaque f ∈ F est injective sur Iar(f )ω , nous devons
avoir xl = yl pour tout l , 1 ≤ l ≤ ar(f ). Mais alorsy = z = d(f )(x1, . . . , xar(f )), ce qui demontre lafonctionnalite. En utilisant le lemme 2, h =
⋃n∈N
hn est une
fonction partielle. Puisque le domaine de h est egal a lareunion des domaines des hn, elle-meme egale a⋃n∈N
In = Iω, h est une application sur Iω. De plus, il est clair
par definition de hn que h satisfait les conditions (1) et (2) dutheoreme. Reste a montrer que h est unique : soit h′
satisfaisant aussi (1) et (2). Alors on peut facilementdemontrer par induction que h et h′ sont egales sur In quelque soit n ∈ N. Ce qui demontre le theoreme.
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Puisque f (Iar(f )ω ) et g(Iar(g)
ω ) sont disjoints des que f 6= g,f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) implique que f = g.
Puisque chaque f ∈ F est injective sur Iar(f )ω , nous devons
avoir xl = yl pour tout l , 1 ≤ l ≤ ar(f ). Mais alorsy = z = d(f )(x1, . . . , xar(f )), ce qui demontre lafonctionnalite. En utilisant le lemme 2, h =
⋃n∈N
hn est une
fonction partielle. Puisque le domaine de h est egal a lareunion des domaines des hn, elle-meme egale a⋃n∈N
In = Iω, h est une application sur Iω. De plus, il est clair
par definition de hn que h satisfait les conditions (1) et (2) dutheoreme. Reste a montrer que h est unique : soit h′
satisfaisant aussi (1) et (2). Alors on peut facilementdemontrer par induction que h et h′ sont egales sur In quelque soit n ∈ N. Ce qui demontre le theoreme.
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Puisque f (Iar(f )ω ) et g(Iar(g)
ω ) sont disjoints des que f 6= g,f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) implique que f = g.
Puisque chaque f ∈ F est injective sur Iar(f )ω , nous devons
avoir xl = yl pour tout l , 1 ≤ l ≤ ar(f ). Mais alorsy = z = d(f )(x1, . . . , xar(f )), ce qui demontre lafonctionnalite. En utilisant le lemme 2, h =
⋃n∈N
hn est une
fonction partielle. Puisque le domaine de h est egal a lareunion des domaines des hn, elle-meme egale a⋃n∈N
In = Iω, h est une application sur Iω. De plus, il est clair
par definition de hn que h satisfait les conditions (1) et (2) dutheoreme. Reste a montrer que h est unique : soit h′
satisfaisant aussi (1) et (2). Alors on peut facilementdemontrer par induction que h et h′ sont egales sur In quelque soit n ∈ N. Ce qui demontre le theoreme.
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Preuve du theoreme (suite)
Puisque f (Iar(f )ω ) et g(Iar(g)
ω ) sont disjoints des que f 6= g,f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) implique que f = g.
Puisque chaque f ∈ F est injective sur Iar(f )ω , nous devons
avoir xl = yl pour tout l , 1 ≤ l ≤ ar(f ). Mais alorsy = z = d(f )(x1, . . . , xar(f )), ce qui demontre lafonctionnalite. En utilisant le lemme 2, h =
⋃n∈N
hn est une
fonction partielle. Puisque le domaine de h est egal a lareunion des domaines des hn, elle-meme egale a⋃n∈N
In = Iω, h est une application sur Iω. De plus, il est clair
par definition de hn que h satisfait les conditions (1) et (2) dutheoreme. Reste a montrer que h est unique : soit h′
satisfaisant aussi (1) et (2). Alors on peut facilementdemontrer par induction que h et h′ sont egales sur In quelque soit n ∈ N. Ce qui demontre le theoreme.
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Preuve du theoreme (suite)
Puisque f (Iar(f )ω ) et g(Iar(g)
ω ) sont disjoints des que f 6= g,f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) implique que f = g.
Puisque chaque f ∈ F est injective sur Iar(f )ω , nous devons
avoir xl = yl pour tout l , 1 ≤ l ≤ ar(f ). Mais alorsy = z = d(f )(x1, . . . , xar(f )), ce qui demontre lafonctionnalite. En utilisant le lemme 2, h =
⋃n∈N
hn est une
fonction partielle. Puisque le domaine de h est egal a lareunion des domaines des hn, elle-meme egale a⋃n∈N
In = Iω, h est une application sur Iω. De plus, il est clair
par definition de hn que h satisfait les conditions (1) et (2) dutheoreme. Reste a montrer que h est unique : soit h′
satisfaisant aussi (1) et (2). Alors on peut facilementdemontrer par induction que h et h′ sont egales sur In quelque soit n ∈ N. Ce qui demontre le theoreme.
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Inductionstructurelle
Exemplesd’ensemblesdefinis parinductionstructurelle
Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Preuve du theoreme (suite)
Puisque f (Iar(f )ω ) et g(Iar(g)
ω ) sont disjoints des que f 6= g,f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) implique que f = g.
Puisque chaque f ∈ F est injective sur Iar(f )ω , nous devons
avoir xl = yl pour tout l , 1 ≤ l ≤ ar(f ). Mais alorsy = z = d(f )(x1, . . . , xar(f )), ce qui demontre lafonctionnalite. En utilisant le lemme 2, h =
⋃n∈N
hn est une
fonction partielle. Puisque le domaine de h est egal a lareunion des domaines des hn, elle-meme egale a⋃n∈N
In = Iω, h est une application sur Iω. De plus, il est clair
par definition de hn que h satisfait les conditions (1) et (2) dutheoreme. Reste a montrer que h est unique : soit h′
satisfaisant aussi (1) et (2). Alors on peut facilementdemontrer par induction que h et h′ sont egales sur In quelque soit n ∈ N. Ce qui demontre le theoreme.
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Puisque f (Iar(f )ω ) et g(Iar(g)
ω ) sont disjoints des que f 6= g,f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) implique que f = g.
Puisque chaque f ∈ F est injective sur Iar(f )ω , nous devons
avoir xl = yl pour tout l , 1 ≤ l ≤ ar(f ). Mais alorsy = z = d(f )(x1, . . . , xar(f )), ce qui demontre lafonctionnalite. En utilisant le lemme 2, h =
⋃n∈N
hn est une
fonction partielle. Puisque le domaine de h est egal a lareunion des domaines des hn, elle-meme egale a⋃n∈N
In = Iω, h est une application sur Iω. De plus, il est clair
par definition de hn que h satisfait les conditions (1) et (2) dutheoreme. Reste a montrer que h est unique : soit h′
satisfaisant aussi (1) et (2). Alors on peut facilementdemontrer par induction que h et h′ sont egales sur In quelque soit n ∈ N. Ce qui demontre le theoreme.
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Puisque f (Iar(f )ω ) et g(Iar(g)
ω ) sont disjoints des que f 6= g,f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) implique que f = g.
Puisque chaque f ∈ F est injective sur Iar(f )ω , nous devons
avoir xl = yl pour tout l , 1 ≤ l ≤ ar(f ). Mais alorsy = z = d(f )(x1, . . . , xar(f )), ce qui demontre lafonctionnalite. En utilisant le lemme 2, h =
⋃n∈N
hn est une
fonction partielle. Puisque le domaine de h est egal a lareunion des domaines des hn, elle-meme egale a⋃n∈N
In = Iω, h est une application sur Iω. De plus, il est clair
par definition de hn que h satisfait les conditions (1) et (2) dutheoreme. Reste a montrer que h est unique : soit h′
satisfaisant aussi (1) et (2). Alors on peut facilementdemontrer par induction que h et h′ sont egales sur In quelque soit n ∈ N. Ce qui demontre le theoreme.
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Puisque f (Iar(f )ω ) et g(Iar(g)
ω ) sont disjoints des que f 6= g,f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) implique que f = g.
Puisque chaque f ∈ F est injective sur Iar(f )ω , nous devons
avoir xl = yl pour tout l , 1 ≤ l ≤ ar(f ). Mais alorsy = z = d(f )(x1, . . . , xar(f )), ce qui demontre lafonctionnalite. En utilisant le lemme 2, h =
⋃n∈N
hn est une
fonction partielle. Puisque le domaine de h est egal a lareunion des domaines des hn, elle-meme egale a⋃n∈N
In = Iω, h est une application sur Iω. De plus, il est clair
par definition de hn que h satisfait les conditions (1) et (2) dutheoreme. Reste a montrer que h est unique : soit h′
satisfaisant aussi (1) et (2). Alors on peut facilementdemontrer par induction que h et h′ sont egales sur In quelque soit n ∈ N. Ce qui demontre le theoreme.
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Puisque f (Iar(f )ω ) et g(Iar(g)
ω ) sont disjoints des que f 6= g,f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) implique que f = g.
Puisque chaque f ∈ F est injective sur Iar(f )ω , nous devons
avoir xl = yl pour tout l , 1 ≤ l ≤ ar(f ). Mais alorsy = z = d(f )(x1, . . . , xar(f )), ce qui demontre lafonctionnalite. En utilisant le lemme 2, h =
⋃n∈N
hn est une
fonction partielle. Puisque le domaine de h est egal a lareunion des domaines des hn, elle-meme egale a⋃n∈N
In = Iω, h est une application sur Iω. De plus, il est clair
par definition de hn que h satisfait les conditions (1) et (2) dutheoreme. Reste a montrer que h est unique : soit h′
satisfaisant aussi (1) et (2). Alors on peut facilementdemontrer par induction que h et h′ sont egales sur In quelque soit n ∈ N. Ce qui demontre le theoreme.
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ω ) sont disjoints des que f 6= g,f (x1, . . . , xar(f )) = g(y1, . . . , yar(f )) implique que f = g.
Puisque chaque f ∈ F est injective sur Iar(f )ω , nous devons
avoir xl = yl pour tout l , 1 ≤ l ≤ ar(f ). Mais alorsy = z = d(f )(x1, . . . , xar(f )), ce qui demontre lafonctionnalite. En utilisant le lemme 2, h =
⋃n∈N
hn est une
fonction partielle. Puisque le domaine de h est egal a lareunion des domaines des hn, elle-meme egale a⋃n∈N
In = Iω, h est une application sur Iω. De plus, il est clair
par definition de hn que h satisfait les conditions (1) et (2) dutheoreme. Reste a montrer que h est unique : soit h′
satisfaisant aussi (1) et (2). Alors on peut facilementdemontrer par induction que h et h′ sont egales sur In quelque soit n ∈ N. Ce qui demontre le theoreme.
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En pratique
Dans la pratique, on se retrouve souvent dans le cassuivant : soit E un ensemble inductivement libre construit apartir d’une base B ⊆ U et d’un ensemble de reglesF := {f : Un → U}. Etant donne une application h : B → S,il est possible de prolonger h en une application h definiesur E tout entier par induction structurelle. Tout d’abord,quel que soit x ∈ B, h(x) := h(x). Puis quelle que soit laregle f : Un → U de F , on pose
h(f (x1, . . . , xn)) := g(h(x1), . . . , h(xn))
ou g est une certaine application de Sn dans S. Il s’agit dela definition de h par induction structurelle. Il arrive souventque, par abus de langage, l’on continue de noter ”h” leprolongement a E tout entier de l’application h (definie surB).
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h(f (x1, . . . , xn)) := g(h(x1), . . . , h(xn))
ou g est une certaine application de Sn dans S. Il s’agit dela definition de h par induction structurelle. Il arrive souventque, par abus de langage, l’on continue de noter ”h” leprolongement a E tout entier de l’application h (definie surB).
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h(f (x1, . . . , xn)) := g(h(x1), . . . , h(xn))
ou g est une certaine application de Sn dans S. Il s’agit dela definition de h par induction structurelle. Il arrive souventque, par abus de langage, l’on continue de noter ”h” leprolongement a E tout entier de l’application h (definie surB).
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h(f (x1, . . . , xn)) := g(h(x1), . . . , h(xn))
ou g est une certaine application de Sn dans S. Il s’agit dela definition de h par induction structurelle. Il arrive souventque, par abus de langage, l’on continue de noter ”h” leprolongement a E tout entier de l’application h (definie surB).
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h(f (x1, . . . , xn)) := g(h(x1), . . . , h(xn))
ou g est une certaine application de Sn dans S. Il s’agit dela definition de h par induction structurelle. Il arrive souventque, par abus de langage, l’on continue de noter ”h” leprolongement a E tout entier de l’application h (definie surB).
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h(f (x1, . . . , xn)) := g(h(x1), . . . , h(xn))
ou g est une certaine application de Sn dans S. Il s’agit dela definition de h par induction structurelle. Il arrive souventque, par abus de langage, l’on continue de noter ”h” leprolongement a E tout entier de l’application h (definie surB).
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h(f (x1, . . . , xn)) := g(h(x1), . . . , h(xn))
ou g est une certaine application de Sn dans S. Il s’agit dela definition de h par induction structurelle. Il arrive souventque, par abus de langage, l’on continue de noter ”h” leprolongement a E tout entier de l’application h (definie surB).
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h(f (x1, . . . , xn)) := g(h(x1), . . . , h(xn))
ou g est une certaine application de Sn dans S. Il s’agit dela definition de h par induction structurelle. Il arrive souventque, par abus de langage, l’on continue de noter ”h” leprolongement a E tout entier de l’application h (definie surB).
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En pratique
Dans la pratique, on se retrouve souvent dans le cassuivant : soit E un ensemble inductivement libre construit apartir d’une base B ⊆ U et d’un ensemble de reglesF := {f : Un → U}. Etant donne une application h : B → S,il est possible de prolonger h en une application h definiesur E tout entier par induction structurelle. Tout d’abord,quel que soit x ∈ B, h(x) := h(x). Puis quelle que soit laregle f : Un → U de F , on pose
h(f (x1, . . . , xn)) := g(h(x1), . . . , h(xn))
ou g est une certaine application de Sn dans S. Il s’agit dela definition de h par induction structurelle. Il arrive souventque, par abus de langage, l’on continue de noter ”h” leprolongement a E tout entier de l’application h (definie surB).
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Exercices
Exemple 1
Soit TΣ un ensemble de Σ-termes finis. On definit lahauteur d’un terme t ∈ TΣ par induction structurelle de TΣ
dans N :
h(c) = 0 si c ∈ Σ0 ,h(ft1 . . . tn) = max{h(t1), . . . ,h(tn)} si f ∈ Σn et (t1, . . . , tn) ∈ T n
Σ.
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Exercices
Exemple 1
Soit TΣ un ensemble de Σ-termes finis. On definit lahauteur d’un terme t ∈ TΣ par induction structurelle de TΣ
dans N :
h(c) = 0 si c ∈ Σ0 ,h(ft1 . . . tn) = max{h(t1), . . . ,h(tn)} si f ∈ Σn et (t1, . . . , tn) ∈ T n
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Exercices
Exemple 1
Soit TΣ un ensemble de Σ-termes finis. On definit lahauteur d’un terme t ∈ TΣ par induction structurelle de TΣ
dans N :
h(c) = 0 si c ∈ Σ0 ,h(ft1 . . . tn) = max{h(t1), . . . ,h(tn)} si f ∈ Σn et (t1, . . . , tn) ∈ T n
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Exercices
Exemple 2
La fonction factorielle ! sur N se definit inductivement par
0! = 1 ,(n + 1)! = (n + 1)(n!) .
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LaurentPoinsot
Inductionstructurelle
Exemplesd’ensemblesdefinis parinductionstructurelle
Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Exemple 2
La fonction factorielle ! sur N se definit inductivement par
0! = 1 ,(n + 1)! = (n + 1)(n!) .
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Inductionstructurelle
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Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Exemple 3
Rappelons que V designe un ensemble infini denombrabledont les elements sont appeles des variables. On appellev : V ∪ {0,1} → N une evaluation des variables si, etseulement, si v(0) = 0 et v(1) = 1. On etend v a Arith Exprpar induction structurelle :
v(xn) = v(xn) si xn ∈ V ,v(b) = v(b) si b ∈ {0,1} ,v(px + yq) = v(x) + v(y) ,v(px ∗ yq) = v(x)v(y) .
v est alors une evaluation des expressionsarithmetiques
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Exercices
Exemple 3
Rappelons que V designe un ensemble infini denombrabledont les elements sont appeles des variables. On appellev : V ∪ {0,1} → N une evaluation des variables si, etseulement, si v(0) = 0 et v(1) = 1. On etend v a Arith Exprpar induction structurelle :
v(xn) = v(xn) si xn ∈ V ,v(b) = v(b) si b ∈ {0,1} ,v(px + yq) = v(x) + v(y) ,v(px ∗ yq) = v(x)v(y) .
v est alors une evaluation des expressionsarithmetiques
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Exemple 3
Rappelons que V designe un ensemble infini denombrabledont les elements sont appeles des variables. On appellev : V ∪ {0,1} → N une evaluation des variables si, etseulement, si v(0) = 0 et v(1) = 1. On etend v a Arith Exprpar induction structurelle :
v(xn) = v(xn) si xn ∈ V ,v(b) = v(b) si b ∈ {0,1} ,v(px + yq) = v(x) + v(y) ,v(px ∗ yq) = v(x)v(y) .
v est alors une evaluation des expressionsarithmetiques
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Exemple 3
Rappelons que V designe un ensemble infini denombrabledont les elements sont appeles des variables. On appellev : V ∪ {0,1} → N une evaluation des variables si, etseulement, si v(0) = 0 et v(1) = 1. On etend v a Arith Exprpar induction structurelle :
v(xn) = v(xn) si xn ∈ V ,v(b) = v(b) si b ∈ {0,1} ,v(px + yq) = v(x) + v(y) ,v(px ∗ yq) = v(x)v(y) .
v est alors une evaluation des expressionsarithmetiques
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Exercices
Exemple 3
Rappelons que V designe un ensemble infini denombrabledont les elements sont appeles des variables. On appellev : V ∪ {0,1} → N une evaluation des variables si, etseulement, si v(0) = 0 et v(1) = 1. On etend v a Arith Exprpar induction structurelle :
v(xn) = v(xn) si xn ∈ V ,v(b) = v(b) si b ∈ {0,1} ,v(px + yq) = v(x) + v(y) ,v(px ∗ yq) = v(x)v(y) .
v est alors une evaluation des expressionsarithmetiques
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Exemple 3
Rappelons que V designe un ensemble infini denombrabledont les elements sont appeles des variables. On appellev : V ∪ {0,1} → N une evaluation des variables si, etseulement, si v(0) = 0 et v(1) = 1. On etend v a Arith Exprpar induction structurelle :
v(xn) = v(xn) si xn ∈ V ,v(b) = v(b) si b ∈ {0,1} ,v(px + yq) = v(x) + v(y) ,v(px ∗ yq) = v(x)v(y) .
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Exercices
Exemple 3
Rappelons que V designe un ensemble infini denombrabledont les elements sont appeles des variables. On appellev : V ∪ {0,1} → N une evaluation des variables si, etseulement, si v(0) = 0 et v(1) = 1. On etend v a Arith Exprpar induction structurelle :
v(xn) = v(xn) si xn ∈ V ,v(b) = v(b) si b ∈ {0,1} ,v(px + yq) = v(x) + v(y) ,v(px ∗ yq) = v(x)v(y) .
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Exemple 3
Rappelons que V designe un ensemble infini denombrabledont les elements sont appeles des variables. On appellev : V ∪ {0,1} → N une evaluation des variables si, etseulement, si v(0) = 0 et v(1) = 1. On etend v a Arith Exprpar induction structurelle :
v(xn) = v(xn) si xn ∈ V ,v(b) = v(b) si b ∈ {0,1} ,v(px + yq) = v(x) + v(y) ,v(px ∗ yq) = v(x)v(y) .
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Exercices
Exemple 4
On definit l’ensemble des valeurs de veriteBOOL = {V,F}. Pour chaque connecteur# ∈ {∧,∨,¬,⇒,⇔}, on definit son interpretation commesuit : I¬ : BOOL→ BOOL et I# : BOOL2 → BOOL pour# ∈ {∧,∨,⇒,⇔} tels que
P Q I¬(P) I∧(P,Q) I∨(P,Q) I⇒(P,Q) I⇔(P,Q)
V V F V V V VV F F F V F FF V V F V V FF F V F F V V
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Exercices
Exemple 4
On definit l’ensemble des valeurs de veriteBOOL = {V,F}. Pour chaque connecteur# ∈ {∧,∨,¬,⇒,⇔}, on definit son interpretation commesuit : I¬ : BOOL→ BOOL et I# : BOOL2 → BOOL pour# ∈ {∧,∨,⇒,⇔} tels que
P Q I¬(P) I∧(P,Q) I∨(P,Q) I⇒(P,Q) I⇔(P,Q)
V V F V V V VV F F F V F FF V V F V V FF F V F F V V
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Exercices
Exemple 4
On definit l’ensemble des valeurs de veriteBOOL = {V,F}. Pour chaque connecteur# ∈ {∧,∨,¬,⇒,⇔}, on definit son interpretation commesuit : I¬ : BOOL→ BOOL et I# : BOOL2 → BOOL pour# ∈ {∧,∨,⇒,⇔} tels que
P Q I¬(P) I∧(P,Q) I∨(P,Q) I⇒(P,Q) I⇔(P,Q)
V V F V V V VV F F F V F FF V V F V V FF F V F F V V
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Exemple 4
On definit l’ensemble des valeurs de veriteBOOL = {V,F}. Pour chaque connecteur# ∈ {∧,∨,¬,⇒,⇔}, on definit son interpretation commesuit : I¬ : BOOL→ BOOL et I# : BOOL2 → BOOL pour# ∈ {∧,∨,⇒,⇔} tels que
P Q I¬(P) I∧(P,Q) I∨(P,Q) I⇒(P,Q) I⇔(P,Q)
V V F V V V VV F F F V F FF V V F V V FF F V F F V V
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Exercices
Exemple 4
On definit l’ensemble des valeurs de veriteBOOL = {V,F}. Pour chaque connecteur# ∈ {∧,∨,¬,⇒,⇔}, on definit son interpretation commesuit : I¬ : BOOL→ BOOL et I# : BOOL2 → BOOL pour# ∈ {∧,∨,⇒,⇔} tels que
P Q I¬(P) I∧(P,Q) I∨(P,Q) I⇒(P,Q) I⇔(P,Q)
V V F V V V VV F F F V F FF V V F V V FF F V F F V V
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Exercices
Exemple 4 (suite)
Une valuation est une application v : PS ∪ {⊥} → BOOLtelle que v(⊥) = F. On etend v par induction structurelle env : PROP → BOOL satisfaisant les clauses suivantes pourtous A,B ∈ PROP :
v(⊥) = F ,v(Pn) = v(Pn) pour tout Pn ∈ PS ,v(¬A) = I¬(v(A)) ,v(pA ∧ Bq) = I∧(v(A), v(B)) ,v(pA ∨ Bq) = I∨(v(A), v(B)) ,v(pA⇒ Bq) = I⇒(v(A), v(B)) ,v(pA⇔ Bq) = I⇔(v(A), v(B)) ;
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Exemple 4 (suite)
Une valuation est une application v : PS ∪ {⊥} → BOOLtelle que v(⊥) = F. On etend v par induction structurelle env : PROP → BOOL satisfaisant les clauses suivantes pourtous A,B ∈ PROP :
v(⊥) = F ,v(Pn) = v(Pn) pour tout Pn ∈ PS ,v(¬A) = I¬(v(A)) ,v(pA ∧ Bq) = I∧(v(A), v(B)) ,v(pA ∨ Bq) = I∨(v(A), v(B)) ,v(pA⇒ Bq) = I⇒(v(A), v(B)) ,v(pA⇔ Bq) = I⇔(v(A), v(B)) ;
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Exemple 4 (suite)
Une valuation est une application v : PS ∪ {⊥} → BOOLtelle que v(⊥) = F. On etend v par induction structurelle env : PROP → BOOL satisfaisant les clauses suivantes pourtous A,B ∈ PROP :
v(⊥) = F ,v(Pn) = v(Pn) pour tout Pn ∈ PS ,v(¬A) = I¬(v(A)) ,v(pA ∧ Bq) = I∧(v(A), v(B)) ,v(pA ∨ Bq) = I∨(v(A), v(B)) ,v(pA⇒ Bq) = I⇒(v(A), v(B)) ,v(pA⇔ Bq) = I⇔(v(A), v(B)) ;
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Exercices
Exercice 1
Soient l’ensemble A = {a,b, c} et l’application r : A×A→ Adefinie par la table suivante.
r a b ca a b cb b c ac c a b
1 Calculer la cloture inductive de {b} sous r dans A (onla note Cb) ;
2 Donner trois facons de construire l’element a a partir deb a l’aide d’applications de la regle r ;
3 Cb est-elle inductivement libre ? Si non, expliquerpourquoi.
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Exercices
Exercice 1
Soient l’ensemble A = {a,b, c} et l’application r : A×A→ Adefinie par la table suivante.
r a b ca a b cb b c ac c a b
1 Calculer la cloture inductive de {b} sous r dans A (onla note Cb) ;
2 Donner trois facons de construire l’element a a partir deb a l’aide d’applications de la regle r ;
3 Cb est-elle inductivement libre ? Si non, expliquerpourquoi.
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Exercice 1
Soient l’ensemble A = {a,b, c} et l’application r : A×A→ Adefinie par la table suivante.
r a b ca a b cb b c ac c a b
1 Calculer la cloture inductive de {b} sous r dans A (onla note Cb) ;
2 Donner trois facons de construire l’element a a partir deb a l’aide d’applications de la regle r ;
3 Cb est-elle inductivement libre ? Si non, expliquerpourquoi.
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Exercices
Exercice 1
Soient l’ensemble A = {a,b, c} et l’application r : A×A→ Adefinie par la table suivante.
r a b ca a b cb b c ac c a b
1 Calculer la cloture inductive de {b} sous r dans A (onla note Cb) ;
2 Donner trois facons de construire l’element a a partir deb a l’aide d’applications de la regle r ;
3 Cb est-elle inductivement libre ? Si non, expliquerpourquoi.
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Exercices
Exercice 1
Soient l’ensemble A = {a,b, c} et l’application r : A×A→ Adefinie par la table suivante.
r a b ca a b cb b c ac c a b
1 Calculer la cloture inductive de {b} sous r dans A (onla note Cb) ;
2 Donner trois facons de construire l’element a a partir deb a l’aide d’applications de la regle r ;
3 Cb est-elle inductivement libre ? Si non, expliquerpourquoi.
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Principed’inductionstructurelle
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Exercices
Correction de l’exerice 1
1 Puisque c = r(b,b) et a = r(b, c) = r(b, r(b,b)), il enresulte que Cb = A ;
2 a = r(b, r(b,b)), a = r(r(b,b),b) eta = r(r(a,b), r(b,b)) = r(r(r(b, r(b,b)),b), r(b,b)) ;
3 A n’est pas libre car on peut construire a de plusieursfacons a partir de b par applications de r .
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Exercices
Correction de l’exerice 1
1 Puisque c = r(b,b) et a = r(b, c) = r(b, r(b,b)), il enresulte que Cb = A ;
2 a = r(b, r(b,b)), a = r(r(b,b),b) eta = r(r(a,b), r(b,b)) = r(r(r(b, r(b,b)),b), r(b,b)) ;
3 A n’est pas libre car on peut construire a de plusieursfacons a partir de b par applications de r .
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LaurentPoinsot
Inductionstructurelle
Exemplesd’ensemblesdefinis parinductionstructurelle
Principed’inductionstructurelle
Inductionnon ambigue
Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Correction de l’exerice 1
1 Puisque c = r(b,b) et a = r(b, c) = r(b, r(b,b)), il enresulte que Cb = A ;
2 a = r(b, r(b,b)), a = r(r(b,b),b) eta = r(r(a,b), r(b,b)) = r(r(r(b, r(b,b)),b), r(b,b)) ;
3 A n’est pas libre car on peut construire a de plusieursfacons a partir de b par applications de r .
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Correction de l’exerice 1
1 Puisque c = r(b,b) et a = r(b, c) = r(b, r(b,b)), il enresulte que Cb = A ;
2 a = r(b, r(b,b)), a = r(r(b,b),b) eta = r(r(a,b), r(b,b)) = r(r(r(b, r(b,b)),b), r(b,b)) ;
3 A n’est pas libre car on peut construire a de plusieursfacons a partir de b par applications de r .
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Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Exercice 2
Soit l’application symboles : PROP → P(PS) qui a uneformule propositionnelle F ∈ PROP associe l’ensemble dessymboles de propositions qui figurent dans F . Par exemple,symboles(⊥) = ∅,symboles(pppP1 ⇒ P2q ∧ ¬P3q ∨ P1q) = {P1,P2,P3}.Donner la definition de symboles par induction structurelle.
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Exercices
Exercice 2
Soit l’application symboles : PROP → P(PS) qui a uneformule propositionnelle F ∈ PROP associe l’ensemble dessymboles de propositions qui figurent dans F . Par exemple,symboles(⊥) = ∅,symboles(pppP1 ⇒ P2q ∧ ¬P3q ∨ P1q) = {P1,P2,P3}.Donner la definition de symboles par induction structurelle.
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Exercices
Exercice 2
Soit l’application symboles : PROP → P(PS) qui a uneformule propositionnelle F ∈ PROP associe l’ensemble dessymboles de propositions qui figurent dans F . Par exemple,symboles(⊥) = ∅,symboles(pppP1 ⇒ P2q ∧ ¬P3q ∨ P1q) = {P1,P2,P3}.Donner la definition de symboles par induction structurelle.
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Fonctionsdefinies parinductionstructurellesur unensemble in-ductivementlibre
Exercices
Correction de l’exercice 2
On donne tout d’abord les valeurs de symboles sur la basePS ∪ {⊥} :
symboles(Pi) = {Pi} ,symboles(⊥) = ∅ .
Puis l’on defini l’extension de symboles a PROP tout entier :soient A,B des elements de PROP,
symboles(pA#Bq) = symboles(A) ∪ symboles(B)pour tout # ∈ {∨,∧,⇒,⇔}
symboles(¬A) = symboles(A) .
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Exercices
Correction de l’exercice 2
On donne tout d’abord les valeurs de symboles sur la basePS ∪ {⊥} :
symboles(Pi) = {Pi} ,symboles(⊥) = ∅ .
Puis l’on defini l’extension de symboles a PROP tout entier :soient A,B des elements de PROP,
symboles(pA#Bq) = symboles(A) ∪ symboles(B)pour tout # ∈ {∨,∧,⇒,⇔}
symboles(¬A) = symboles(A) .
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Correction de l’exercice 2
On donne tout d’abord les valeurs de symboles sur la basePS ∪ {⊥} :
symboles(Pi) = {Pi} ,symboles(⊥) = ∅ .
Puis l’on defini l’extension de symboles a PROP tout entier :soient A,B des elements de PROP,
symboles(pA#Bq) = symboles(A) ∪ symboles(B)pour tout # ∈ {∨,∧,⇒,⇔}
symboles(¬A) = symboles(A) .
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Correction de l’exercice 2
On donne tout d’abord les valeurs de symboles sur la basePS ∪ {⊥} :
symboles(Pi) = {Pi} ,symboles(⊥) = ∅ .
Puis l’on defini l’extension de symboles a PROP tout entier :soient A,B des elements de PROP,
symboles(pA#Bq) = symboles(A) ∪ symboles(B)pour tout # ∈ {∨,∧,⇒,⇔}
symboles(¬A) = symboles(A) .
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Exercices
Correction de l’exercice 2
On donne tout d’abord les valeurs de symboles sur la basePS ∪ {⊥} :
symboles(Pi) = {Pi} ,symboles(⊥) = ∅ .
Puis l’on defini l’extension de symboles a PROP tout entier :soient A,B des elements de PROP,
symboles(pA#Bq) = symboles(A) ∪ symboles(B)pour tout # ∈ {∨,∧,⇒,⇔}
symboles(¬A) = symboles(A) .
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Exercices
Exercice 3
Rappelons que l’ensemble des entiers naturels N estconstruit par induction structurelle libre a partir de la base{0} et la fonction successeur : n 7→ n + 1.
1 Donner les definitions par induction structurelle sur laseconde variable de l’addition et de la multiplication ;
2 Supposons que l’on ait demontre que l’addition estassociative ((m + n) + k = m + (n + k) quels quesoient m,n, k ∈ N) et que quel que soit n ∈ N,n + 1 = 1 + n. A l’aide du principe d’inductionstructurelle, demontrer que
1 quel que soit n ∈ N, alors 0 + n = n ;2 l’addition est commutative.
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Exercice 3
Rappelons que l’ensemble des entiers naturels N estconstruit par induction structurelle libre a partir de la base{0} et la fonction successeur : n 7→ n + 1.
1 Donner les definitions par induction structurelle sur laseconde variable de l’addition et de la multiplication ;
2 Supposons que l’on ait demontre que l’addition estassociative ((m + n) + k = m + (n + k) quels quesoient m,n, k ∈ N) et que quel que soit n ∈ N,n + 1 = 1 + n. A l’aide du principe d’inductionstructurelle, demontrer que
1 quel que soit n ∈ N, alors 0 + n = n ;2 l’addition est commutative.
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Exercice 3
Rappelons que l’ensemble des entiers naturels N estconstruit par induction structurelle libre a partir de la base{0} et la fonction successeur : n 7→ n + 1.
1 Donner les definitions par induction structurelle sur laseconde variable de l’addition et de la multiplication ;
2 Supposons que l’on ait demontre que l’addition estassociative ((m + n) + k = m + (n + k) quels quesoient m,n, k ∈ N) et que quel que soit n ∈ N,n + 1 = 1 + n. A l’aide du principe d’inductionstructurelle, demontrer que
1 quel que soit n ∈ N, alors 0 + n = n ;2 l’addition est commutative.
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Exercice 3
Rappelons que l’ensemble des entiers naturels N estconstruit par induction structurelle libre a partir de la base{0} et la fonction successeur : n 7→ n + 1.
1 Donner les definitions par induction structurelle sur laseconde variable de l’addition et de la multiplication ;
2 Supposons que l’on ait demontre que l’addition estassociative ((m + n) + k = m + (n + k) quels quesoient m,n, k ∈ N) et que quel que soit n ∈ N,n + 1 = 1 + n. A l’aide du principe d’inductionstructurelle, demontrer que
1 quel que soit n ∈ N, alors 0 + n = n ;2 l’addition est commutative.
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Exercice 3
Rappelons que l’ensemble des entiers naturels N estconstruit par induction structurelle libre a partir de la base{0} et la fonction successeur : n 7→ n + 1.
1 Donner les definitions par induction structurelle sur laseconde variable de l’addition et de la multiplication ;
2 Supposons que l’on ait demontre que l’addition estassociative ((m + n) + k = m + (n + k) quels quesoient m,n, k ∈ N) et que quel que soit n ∈ N,n + 1 = 1 + n. A l’aide du principe d’inductionstructurelle, demontrer que
1 quel que soit n ∈ N, alors 0 + n = n ;2 l’addition est commutative.
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Exercice 3
Rappelons que l’ensemble des entiers naturels N estconstruit par induction structurelle libre a partir de la base{0} et la fonction successeur : n 7→ n + 1.
1 Donner les definitions par induction structurelle sur laseconde variable de l’addition et de la multiplication ;
2 Supposons que l’on ait demontre que l’addition estassociative ((m + n) + k = m + (n + k) quels quesoient m,n, k ∈ N) et que quel que soit n ∈ N,n + 1 = 1 + n. A l’aide du principe d’inductionstructurelle, demontrer que
1 quel que soit n ∈ N, alors 0 + n = n ;2 l’addition est commutative.
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Exercice 3
Rappelons que l’ensemble des entiers naturels N estconstruit par induction structurelle libre a partir de la base{0} et la fonction successeur : n 7→ n + 1.
1 Donner les definitions par induction structurelle sur laseconde variable de l’addition et de la multiplication ;
2 Supposons que l’on ait demontre que l’addition estassociative ((m + n) + k = m + (n + k) quels quesoient m,n, k ∈ N) et que quel que soit n ∈ N,n + 1 = 1 + n. A l’aide du principe d’inductionstructurelle, demontrer que
1 quel que soit n ∈ N, alors 0 + n = n ;2 l’addition est commutative.
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Exercices
Correction de l’exercice 3
Question 1 : On definit l’addition add par add(m,0) = m etadd(m,n + 1) = add(m,n) + 1 quels que soient m,n ∈ N. Apartir de maintenant on note m + n := add(m,n). On definitla multiplication mult par mult(m,0) = 0,mult(m,n + 1) = add(mult(m,n),m) pour tous m,n ∈ N ;
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Correction de l’exercice 3
Question 1 : On definit l’addition add par add(m,0) = m etadd(m,n + 1) = add(m,n) + 1 quels que soient m,n ∈ N. Apartir de maintenant on note m + n := add(m,n). On definitla multiplication mult par mult(m,0) = 0,mult(m,n + 1) = add(mult(m,n),m) pour tous m,n ∈ N ;
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Correction de l’exercice 3
Question 1 : On definit l’addition add par add(m,0) = m etadd(m,n + 1) = add(m,n) + 1 quels que soient m,n ∈ N. Apartir de maintenant on note m + n := add(m,n). On definitla multiplication mult par mult(m,0) = 0,mult(m,n + 1) = add(mult(m,n),m) pour tous m,n ∈ N ;
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Correction de l’exercice 3
Question 1 : On definit l’addition add par add(m,0) = m etadd(m,n + 1) = add(m,n) + 1 quels que soient m,n ∈ N. Apartir de maintenant on note m + n := add(m,n). On definitla multiplication mult par mult(m,0) = 0,mult(m,n + 1) = add(mult(m,n),m) pour tous m,n ∈ N ;
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Correction de l’exercice 3 (suite)
Question 2.1 : On definit E := {m ∈ N : 0 + n = n}. Alors0 ∈ E et si n ∈ E , alors n + 1 ∈ E (en effet,0 + (n + 1) = (0 + n) + 1 = n + 1). Par le principed’induction structurelle, E = N.
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Correction de l’exercice 3 (suite)
Question 2.1 : On definit E := {m ∈ N : 0 + n = n}. Alors0 ∈ E et si n ∈ E , alors n + 1 ∈ E (en effet,0 + (n + 1) = (0 + n) + 1 = n + 1). Par le principed’induction structurelle, E = N.
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Correction de l’exercice 3 (suite)
Question 2.1 : On definit E := {m ∈ N : 0 + n = n}. Alors0 ∈ E et si n ∈ E , alors n + 1 ∈ E (en effet,0 + (n + 1) = (0 + n) + 1 = n + 1). Par le principed’induction structurelle, E = N.
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Correction de l’exercice 3 (suite)
Question 2.1 : On definit E := {m ∈ N : 0 + n = n}. Alors0 ∈ E et si n ∈ E , alors n + 1 ∈ E (en effet,0 + (n + 1) = (0 + n) + 1 = n + 1). Par le principed’induction structurelle, E = N.
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Question 2.1 : On definit E := {m ∈ N : 0 + n = n}. Alors0 ∈ E et si n ∈ E , alors n + 1 ∈ E (en effet,0 + (n + 1) = (0 + n) + 1 = n + 1). Par le principed’induction structurelle, E = N.
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Question 2.1 : On definit E := {m ∈ N : 0 + n = n}. Alors0 ∈ E et si n ∈ E , alors n + 1 ∈ E (en effet,0 + (n + 1) = (0 + n) + 1 = n + 1). Par le principed’induction structurelle, E = N.
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Question 2.1 : On definit E := {m ∈ N : 0 + n = n}. Alors0 ∈ E et si n ∈ E , alors n + 1 ∈ E (en effet,0 + (n + 1) = (0 + n) + 1 = n + 1). Par le principed’induction structurelle, E = N.
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Question 2.2 : Soit n ∈ N fixe. On poseEn := {m ∈ N : m + n = n + m}. 0 ∈ En (par definition del’addition, n + 0 = n et d’apres la question precedente,0 + n = n, donc n + 0 = 0 + n). Soit m ∈ En et montronsque m + 1 ∈ En. On a (m + 1) + n = m + (1 + n) (parassociativite de +) = m + (n + 1) (par l’hypothesek + 1 = 1 + k ) = (m + n) + 1 (par associativite)= (n + m) + 1 (puisque m ∈ En) = n + (m + 1) (parassociativite) et donc m + 1 ∈ En. Par le principe d’inductionstructurelle quel que soit m ∈ N, m + n = n + m. Commecela est vrai pour un n ∈ N arbitraire, on en deduit que quelsque soient m,n ∈ N, m + n = n + m.
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Question 2.2 : Soit n ∈ N fixe. On poseEn := {m ∈ N : m + n = n + m}. 0 ∈ En (par definition del’addition, n + 0 = n et d’apres la question precedente,0 + n = n, donc n + 0 = 0 + n). Soit m ∈ En et montronsque m + 1 ∈ En. On a (m + 1) + n = m + (1 + n) (parassociativite de +) = m + (n + 1) (par l’hypothesek + 1 = 1 + k ) = (m + n) + 1 (par associativite)= (n + m) + 1 (puisque m ∈ En) = n + (m + 1) (parassociativite) et donc m + 1 ∈ En. Par le principe d’inductionstructurelle quel que soit m ∈ N, m + n = n + m. Commecela est vrai pour un n ∈ N arbitraire, on en deduit que quelsque soient m,n ∈ N, m + n = n + m.
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Question 2.2 : Soit n ∈ N fixe. On poseEn := {m ∈ N : m + n = n + m}. 0 ∈ En (par definition del’addition, n + 0 = n et d’apres la question precedente,0 + n = n, donc n + 0 = 0 + n). Soit m ∈ En et montronsque m + 1 ∈ En. On a (m + 1) + n = m + (1 + n) (parassociativite de +) = m + (n + 1) (par l’hypothesek + 1 = 1 + k ) = (m + n) + 1 (par associativite)= (n + m) + 1 (puisque m ∈ En) = n + (m + 1) (parassociativite) et donc m + 1 ∈ En. Par le principe d’inductionstructurelle quel que soit m ∈ N, m + n = n + m. Commecela est vrai pour un n ∈ N arbitraire, on en deduit que quelsque soient m,n ∈ N, m + n = n + m.
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