problemas unidad iii v 2
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modulo 3 Algebra trigonometria y geometria analiticaTRANSCRIPT
1. De la siguiente elipse: x2+4 y2−4 x−8 y−92=0 Determine:
a. Centrob. Focosc. Vértices
x2+4 y2−4 x−8 y=92
x2−4 x+4 y2−8 y=92
(x2−4 x )+(4 y2−8 y )=92
(x2−4 x )+4 ( y2−2 y )=92
(x2−4 x+4 )+4 ( y2−2 y+1 )=92+4+4
( x−2 )2+4 ( y−1 )2=100
( x−2 )2
100+4 ( y−1 )2
100=100100
( x−2 )2
100+
( y−1 )2
25=1
Dada la ecuación canónica de la elipse con eje paralelo en x:
(x−h)2
a2+
( y−k)2
b2=1
Es posible determinar que el centro de la misma corresponde a los valores h y k
Centro= (2,1 )
Para hallar la distancia focal, usamos la ecuación
c2=a2−b2
Reemplazando
c2=100−25
c2=75
c=√75
c=8,660
Para hallar los focos, y conociendo que se trata de una elipse con eje paralelo en x y centro en (2,1) se toma la distancia del centro y se suma y resta el valor de la distancia focal:
2+8,660=10,6602−8,660=−6,660
Focos (10.66 ,1 ) y (−6.66,1 )Al igual que para los focos, los vértices son encontrados tomando los valores de a y b y sumando y restando su valor con respecto a su respectivo eje de medición.
V=2+10=12
V=2−10=−8
V= (12,1 ) y (−8,1 )
u=1+5=6
u=1−5=−4
u=(2,6 ) y (2 ,−4 )
Dando respuesta a lo planteado
Centro= (2,1 )
Focos (10.66 ,1 ) y (6.66,1 )
V= (12,1 ) y (−8,1 )
u=(2,6 ) y (2 ,−4 )
2. De la siguiente ecuación canónica de la elipse, transformar la ecuación :
√ ( x−c )2+ y2+√ (x+c )2+ y2=2a
En la ecuación:
x2
a2+ y
2
b2=1
Se pasa uno de los términos iniciales hacia el lado derecho de la igualdad:
√ ( x−c )2+ y2=2a−√ (x+c )2+ y2
Se elevan al cuadrado las dos partes de la igualdad, y se realizan las operaciones
(√ ( x−c )2+ y2)2=(2a−√ (x+c )2+ y2)
2
( x−c )2+ y2=4a2−4 a√( x+c )2+ y2+( x+c )2+ y2
Se realizan las operaciones existentes en la igualdad
x2−2 xc+c2+ y2=4 a2−4 a√ ( x+c )2+ y2+x2+2xc+c2+ y2
Se simplifican términos semejantes en los dos lados de la igualdad.
−4 xc=4 a2−4a√ ( x+c )2+ y2
Se cambian los términos de posición.
4 a√ ( x+c )2+ y2=4a2+4 xc
Se dividen los dos lados de la igualdad por el numero 4.
4 a√( x+c )2+ y2
4=4a
2
4+ 4 xc4
a√ ( x+c )2+ y2=a2+xc
Se eleva nuevamente los términos de la igualdad al cuadrado, y se realizan las operaciones resultantes:
(a √( x+c )2+ y2)2=(a2+xc )2
a2 [ ( x+c )2+ y2 ]=a4+2a2 xc+ x2 c2
a2 [ x2+2xc+c2+ y2 ]=a4+2a2 xc+ x2 c2
a2 x2+2a2 xc+a2c2+a2 y2=a4+2a2 xc+ x2 c2
a2 x2+a2 c2+a2 y2=a4+x2c2
Se cambian los términos de posición.
a2 x2−x2 c2+a2 y2=a4−a2 c2
Se utiliza factor común.
x2(a¿¿2−c2)+a2 y2=a2(a¿¿2−c2)¿¿
Se dividen los dos términos de la ecuación por a2(a¿¿2−c2)¿
x2(a¿¿2−c2)
a2(a¿¿2−c2)+ a2 y2
a2(a¿¿2−c2)=a2(a¿¿2−c2)a2(a¿¿2−c2)¿
¿¿¿¿
x2
a2+ y2
(a¿¿2−c2)=1¿
Debido a la ecuación a2−c2=b2es posible efectuar el remplazo en la ecuación trabajada.
x2
a2+ y
2
b2=1
Llegando así a lo propuesto inicialmente.
3. De la siguiente hipérbola: −x2+4 y2−2x−16 y+11=0 Determine.
a. Centrob. Focosc. Vértices
Debido a que es una hipérbola con eje transverso en y se organiza la ecuación de acuerdo a lo que debe llegar a ser en la ecuación canoníca:
4 y2−16 y−x2−2 x=−11
(4 y2−16 y )−(x¿¿2+2 x)=−11 ¿
4 ( y2−4 y )−(x¿¿2−2x )=−11¿
4 ( y2−4 y+4 )−(x¿¿2−2 x+1)=−11+16−1¿
4 ( y−2 )2−(x+1)2=4
4 ( y−2 )2
4−
(x+1)2
4=44
( y−2 )2
1−
(x+1)2
4=1
Dada la ecuación canónica de la hipérbola con eje transverso en y:
( y−k )2
a2−
( x−h)2
b2=1
Es posible determinar que el centro de la misma corresponde a los valores h y k
Centro= (−1,2 )
Para hallar la distancia focal, usamos la ecuación
c2=a2+b2
Reemplazando
c2=1+4
c=√5
c=2.236
Para hallar los focos, y conociendo que se trata de una hipérbole con eje transversal en “Y” y centro en (-1,2) se toma la distancia del centro y se suma y resta el valor de la distancia focal:
2+2,236=4.236
2−2,236=−0.236Focos (−1,4.236 ) y (−1 ,−0.236 )
Los vértices son encontrados tomando el valor de a y sumando y restando su valor con respecto a la coordenada k del centro.
V=2+1=3
V=2−1=1
V= (−1,3 ) y (−1,1 )
Dando respuesta a lo planteado
Centro= (−1,2 )
Focos (−1,4.236 ) y (−1 ,−0.236 )
V= (−1,3 ) y (−1,1 )
4. Deducir la ecuación de la hipérbola: x2
a2− y2
b2=1
A partir de la ecuación √ ( x−c )2+ y2−√ ( x+c )2+ y2=±2a
Para dar la solución al ejercicio se toma inicialmente una de las posibles soluciones de la ecuación
√ ( x−c )2+ y2−√ ( x+c )2+ y2=2a
−√ ( x+c )2+ y2=2a−√( x−c )2+ y2
Se multiplican los dos lados de la igualdad por (-1)
(−1 ) (−√( x+c )2+ y2 )= (−1 ) (2a−√ ( x−c )2+ y2 )
√ ( x+c )2+ y2=−2a+√ ( x−c )2+ y2
Se elevan los términos al cuadrado
(√( x+c )2+ y2 )2=(−2a+√( x−c )2+ y2 )2
( x+c )2+ y2=4 a2−4a√ ( x−c )2+ y2+( x−c )2+ y2
x2+2xc+c2+ y2=4a2−4 a√( x−c )2+ y2+x2−2 xc+c2+ y2
Simplificando términos semejantes en la ecuación
4 xc=4 a2−4a√ ( x−c )2+ y2
Reorganizando la ecuación
4 xc−4 a2=−4a√ ( x−c )2+ y2
Dividiendo toda la ecuación en 4
4 xc4
−4 a2
4=
−4a√ ( x−c )2+ y2
4
xc−a2=−a√ ( x−c )2+ y2
Elevando nuevamente al cuadrado
(xc−a2 )2=(−a√ ( x−c )2+ y2 )2
x2 c2−2a2 xc+a4=a2 [ (x−c )2+ y2 ]
x2 c2−2a2 xc+a4=a2 [ x2−2 xc+c2+ y2 ]
x2 c2−2a2 xc+a4=a2 x2−2a2 xc+a2 c2+a2 y2
Simplificando términos semejantes
x2 c2+a4=a2 x2+a2c2+a2 y2
x2 c2−a2 x2−a2 y2=a2 c2−a4
Se saca factor común
x2 (c2−a2 )−a2 y2=a2 (c2−a2 )
Se divide en los dos lados de la ecuación por a2(c2−a2)
x2 (c2−a2 )a2 (c2−a2 )
− a2 y2
a2 (c2−a2 )=a2 (c2−a2 )a2 (c2−a2 )
x2
a2− y2
(c2−a2 )=1
Teniendo en cuenta que c2−a2=b2es posible reemplazar la en la ecuación.
x2
a2− y2
b2=1
Llegando así a lo propuesto inicialmente.
Se procede a completar el ejercicio resolviendo lo planteado inicialmente en la ecuación con igualdad de resultado negativo
√ ( x−c )2+ y2−√ ( x+c )2+ y2=−2a
−√ ( x+c )2+ y2=−2a−√( x−c )2+ y2
Se multiplican los dos lados de la igualdad por (-1)
(−1 ) (−√( x+c )2+ y2 )= (−1 ) (−2a−√( x−c )2+ y2 )
√ ( x+c )2+ y2=2a+√ ( x−c )2+ y2
Se elevan los dos miembros de la ecuación al cuadrado
(√( x+c )2+ y2 )2=(2a+√ ( x−c )2+ y2 )2
( x+c )2+ y2=4 a2+4 a√ ( x−c )2+ y2+ (x−c )2+ y2
x2+2xc+c2+ y2=4a2+4a√ ( x−c )2+ y2+x2−2xc+c2+ y2
Se simplifican términos semejantes en la ecuación
4 xc=4 a2+4 a√ (x−c )2+ y2
Reorganizando la ecuación
4 xc−4 a2=4a√ ( x−c )2+ y2
Se divide toda la ecuación por el numero 4
4 xc4
−4 a2
4=4a√ ( x−c )2+ y2
4
xc−a2=a√ ( x−c )2+ y2
Nuevamente se elevan los dos términos al cuadrado
(xc−a2 )2=(a√ (x−c )2+ y2)2
x2 c2−2a2 xc+a4=a2 [ (x−c )2+ y2 ]
x2 c2−2a2 xc+a4=a2 [ x2−2 xc+c2+ y2 ]
x2 c2−2a2 xc+a4=a2 x2−2a2 xc+a2 c2+a2 y2
Simplificando términos
x2 c2+a4=a2 x2+a2c2+a2 y2
x2 c2−a2 x2−a2 y2=a2 c2−a4
Factor común x2 y a2respectivamente
x2 (c2−a2 )−a2 y2=a2 (c2−a2 )
Se divide en ambos miembros de la ecuación por a2(c2−a2)
x2 (c2−a2 )a2 (c2−a2 )
− a2 y2
a2 (c2−a2 )=a2 (c2−a2 )a2 (c2−a2 )
x2
a2− y2
(c2−a2 )=1
Teniendo en cuenta que c2−a2=b2es posible reemplazar la en la ecuación.
x2
a2− y2
b2=1
Llegando así a lo propuesto inicialmente.
Se evidencia entonces que a partir de la ecuación
√ ( x−c )2+ y2−√ ( x+c )2+ y2=±2a
Es posible llegar a la ecuación
x2
a2− y2
b2=1
5. Demostrar que la ecuación x2+ y2+6 x−2 y+6=0 es una circunferencia. Determinar:
a. Centrob. Radio
x2+ y2+6 x−2 y=−6
x2+6 x+ y2−2 y=−6
(x2+6 x)+( y¿¿2−2 y)=−6¿
(x2+6 x+9 )+( y¿¿2−2 y+1)=−6+9+1¿
( x+3 )2+( y−1 )2=4
Siendo la ecuación general de la circunferencia, con centro en (h, k)
( x−h )2+ ( y−k )2=R2
Es posible determinar qué:
Centro=(−3 ,1)
Así mismo que:
R2=4 R=√4 R=2
Dando respuesta a lo planteado se obtiene que:
Centro=(−3,1)R=2
6. De la siguiente parábola Determine
a. Vérticeb. Fococ. Directriz
y=2x2+4 x−6
2 x2+4 x− y−6=0
2 x2+4 x= y+6
Se dividen los miembros de la ecuación entre 2
2x2
2+ 4 x2
= y2+ 62
x2+2x=12y+3
(x¿¿2+2 x+1)=12y+3+1¿
(x+1)2=12y+4
( x+1 )2=12
( y+8 )
Siendo la ecuación de la parábola con eje de simetría paralelo al eje y:
(x−h)2=4 p( y−k )
Es posible determinar qué:
V= (−1,−8 )
Siendo:
4 p=12
p=
124
p=18=0.125
El foco debido a que el eje de simetría se encuentra en y se toma el valor del vértice en k y se suma con lo encontrado para p
−8+0.125=−7.875
Foco (−1 ,−7.875 )
Para la directriz se toma el valor del vértice en k y se le resta lo encontrado en p
−8−0.125=−8.125
Directriz=(−8.125)
Dando respuesta a lo planteado
V= (−1,−8 )
Foco (−1 ,−7.875 )
Directriz=(−8.125)
7. Hallar la ecuación de la recta que pasa por el punto (2, -3), y es paralela a la recta que une los puntos (4, 1) y (-2, 2). Escribir la ecuación de la recta de forma general.
Siendo L1 la ecuación conocida y L2 la ecuación desconocida
l1=(4,1 ) (−2,2 )
Se puede obtener la pendiente de L1de acuerdo a la ecuación de pendiente:
m=y2− y1x2−x1
m= 2−1−2−4
= 1−6
Conociendo la pendiente y dos puntos de la ecuación l1 es posible escribir la forma general de la misma.
y=mx+b
1=−16
(4 )+b
b= 1−16
(4 )
b= 1−46
b=−64
=−32
Siendo esta: y=−16x−32
Debido a que conocemos la pendiente de la primera y siendo paralelas es la misma podemos utilizar la ecuación de punto pendiente.
y− y1=m (x−x1 )
y−(−3)=−16
(x−(2))
y+3=−16
(x−2 )
y+3=−16x+ 13
y=−16x+ 13−3
y=−16x−83
Siendo así las ecuaciones generales de L1 y L2
l1= y=−16x−32
−16x− y−3
2=0
l2= y=−16x−83
−16x− y−8
3=0
8. Calcular las siguientes sumatorias:
a.
∑k=1
5
(−1 )k+1(2k−1)2
b.
∑k=1
4 (−2)k +1
k
Procediendo con el ejercicio a.
∑k=1
5
(−1 )k+1(2k−1)2
[ (−1 )2(2 (1 )−1)2 ]+[ (−1 )3(2 (2 )−1)2 ]+ [ (−1 )4(2 (3 )−1)2 ]+[ (−1 )5(2 (4 )−1)2 ]+[ (−1 )6(2 (5 )−1)2 ]
[ (1 ) (1 )2 ]+ [ (−1 ) (3 )2 ]+ [ (1 ) (5 )2 ]+[ (−1 ) (7 )2 ]+ [ (1 ) (9 )2 ][1 ]+ [−9 ]+ [25 ]+ [−49 ]+ [81 ]
1−9+25−49+81=49
∑k=1
5
(−1 )k+1(2k−1)2=49
Procediendo con el ejercicio b.
∑k=1
4 (−2 )k +1
k
[ (−2)21 ]+[(−2)32 ]+[(−2)43 ]+[ (−2)54 ][ 41 ]+[−82 ]+[ 163 ]+[−324 ][4 ]+ [−4 ]+[ 163 ]+ [−8 ]=−8
3
∑k=1
4 (−2 )k +1
k=−83
9. Calcular las siguientes productorías
a.
∏i=−2
4
2 i+5
b.
∏i=1
3i
(i+1)+2
Procediendo con el ejercicio a.
∏i=−2
4
2 i+5
[2 (−2 )+5 ]∗[2 (−1 )+5 ]∗[2 (0 )+5 ]∗[2 (1 )+5 ]∗[2 (2 )+5 ]∗[2 (3 )+5 ]+[2 (4 )+5 ]
[−4+5 ]∗[−2+5 ]∗[0+5 ]∗[2+5 ]∗[4+5 ]∗[6+5 ]∗[8+5 ]
1∗3∗5∗7∗9∗11∗13=135135
∏i=−2
4
2 i+5=135135
Procediendo con el ejercicio b.
∏i=1
3i
(i+1)+2
[ 11+1 +2]∗[ 22+1 +2]∗[ 33+1+2][ 12 +2]∗[ 23+2]∗[ 34 +2]52∗8
3∗11
4=44024
=553
∏i=1
3i
(i+1 )+2=55
3