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2015年上海市文科试题(注:点击下载或全屏查看效果更好)一.填空题(本大题共 14小题,满分 56分)考生应在答题纸相应编号的空格内直接填写结果,每个空格填对得4分,否则一律零分)1.函数 的 最小正周期为 【答案】
【解析】因为 ,所以 ,所以函
数 的最小正周期为 .
【考点定位】函数的周期,二倍角的余弦公式.
2.设全集 .若集合 , ,则 【答案】
【考点定位】集合的运算.
3.若复数 满足 ,其中 是虚数单位,则
【答案】
xxf 2sin31)(
xx 2cos1sin2 2 xxxf 2cos
23
21)2cos1(
231)(
)(xf
22
RU }4,3,2,1{A }32|{ xxB )( BCA U
}4,1{
z izz 13 i z
i21
41
【考点定位】复数的概念,复数的运算.
4.设 为 的反函数,则
【答案】
【 解 析 】 因 为 为 的 反 函 数 , , 解 得 , 所 以
.【考点定位】反函数,函数的值.
5.若线性方程组的增广矩阵为 解为 ,则 【答案】16
【 解 析 】 由 题 意 , 是 方 程 组 的 解 , 所 以 , 所 以.
【考点定位】增广矩阵,线性方程组的解法.
6.若正三棱柱的所有棱长均为 ,且其体积为 ,则 【答案】4
【解析】依题意, ,解得 .
【考点定位】等边三角形的性质,正三棱柱的性质.
7.抛物线 上的动点 到焦点的距离的最小值为 1,则 【答案】2
【解析】依题意,点 为坐标原点,所以 ,即 .
)(1 xf 12
)(
xxxf )2(1f
32
)(1 xf 12
)(
xxxf 2
12
xx
32
x
32)2(1 f
02
13
2
1
cc
53
yx
21 cc
53
yx
2
132cy
cyx
521
2
1
cc
1652121 cc
a 316 a
31623
21
aaa4a
)0(22 ppxy Q p
Q 12
p
2p
【考点定位】抛物线的性质,最值.
8. 方程 的解为 【答案】2
【考点定位】对数方程.
9.若 满足 ,则目标函数 的最大值为 【答案】3
【考点定位】不等式组表示的平面区域,简单的线性规划.
10. 在报名的 3 名男教师和 6 名女教师中,选取 5 人参加义务献血,要求男、女教师都有,则
2)23(log)59(log 12
12 xx
yx,
020
yyxyx
yxz 2
不同的选取方式的种数为 (结果用数值表示).
【答案】120
【考点定位】组合,分类计数原理.
11.在 的二项式中,常数项等于 (结果用数值表示).
【答案】240
【解析】由 ,令 ,所以 ,所以常数项为 .
【考点定位】二项式定理.[来源:学科网]
12.已知双曲线 、 的顶点重合, 的方程为 ,若 的一条渐近线的斜率是的一条渐近线的斜率的 2 倍,则 的方程为
【答案】
62 )12(x
x
rrrrrrr xC
xxCT 366
626
61 2)1()2(
036 r 2r
2402426 C
1C 2C 1C1
42
2
yx2C
1C 2C
144
22
yx
【考点定位】双曲线的性质,直线的斜率.
13.已知平面向量 、 、 满足 ,且 ,则 的最大值是 【答案】
【考点定位】平向量的模,向量垂直.
14.已知函数 .若存在 , , , 满足 ,且,则 的最
小值为 【答案】8
【 解 析 】 因 为 函 数 对 任 意 , ,,
a b c ba }3,2,1{|}||,||,{| cba || cba
53
xxf sin)( 1x 2x mx 60 21 mxxx
12|)()(||)()(||)()(| 13221 mm xfxfxfxfxfxf ),2( Nmm m
xxf sin)( ix jx ),,3,2,1,( mji
2)()(|)()(| minmax xfxfxfxf ji
欲 使 取 得 最 小 值 , 尽 可 能 多 的 让 取 得 最 高 点 , 考 虑,
按 下 图 取 值满足条件,所以 的最小值为 8.
【考点定位】正弦函数的性质,最值.
二.选择题(本大题共 4小题,满分 20分)每题有且只有一个正确答案案,考生应在答题纸的相应编号上,将代表答案的小方格涂黑,选对得5分,否则一律零分.15. 设 、 ,则“ 、 均为实数”是“ 是实数”的( ).
A. 充分非必要条件 B.必要非充分条件 C.充要条件 D.既非充分又非必要条件【答案】A
【考点定位】复数的概念,充分条件、必要条件的判定.
m ),,3,2,1( mixi
60 21 mxxx
12|)()(||)()(||)()(| 13221 mm xfxfxfxfxfxf ),2( Nmm
m
1z C2z 1z 2z 21 zz
16. 下列不等式中,与不等式 解集相同的是( ).
A. B.
C. D. 【答案】B
【 解 析 】 因 为 , 可 能 是 正 数 、 负 数 或 零 , 所 以 由
可 得 , 所 以 不 等 式 解 集 相 同 的 是,选 B.
【考点定位】同解不等式的判断.
17. 已知点 的坐标为 ,将 绕坐标原 点 逆时针旋转 至 ,则点 的纵坐标为( ).
A. B. C. D. 【答案】D
【考点定位】三角函数的定义,和角的正切公式,两点间距离公式.
232
82
xx
x
2)32)(8( 2 xxx )32(28 2 xxx
82
321
2
xxx 21
8322
xxx
022)1(32 22 xxx 8x
)32(28 2 xxx 232
82
xx
x 232
82
xx
x
)32(28 2 xxx
A )1,34( OA O 3
OB B
233
235
211
213
18. 设 是直线 与圆 在第一象限的交点,则极限
( ) .
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】因为 是直线 与圆 在第一象限的交点,
而 是经过点 与 的直线的斜率,由于点 在圆 上.因为
,所以 .
【考点定位】圆的切线,极限.
三.解答题(本大题共 5题,满分 74分)解答下列各题必须在答题纸相应编号的规定区域内写出必要的步骤.19.(本题满分 12 分)如图,圆锥的顶点为 ,底面的一条直径为 , 为半圆弧 的中点, 为劣弧 的中点.已知 , ,求三棱锥 的体积,并求异面直线 与 所成角的大小.
),( nnn yxP )(1
2
Nnnnyx 222 yx
11lim
n
n
n xy
1 21
1 2
),( nnn yxP )(1
2
Nnnnyx 222 yx
11
n
n
xy
),( nnn yxP )1,1(A )1,1(A 222 yx
1OAk 11lim
n
n
n xy
11
OAk
P AB C AB
E CB 2PO 1OA AOCP
PA OE
【答案】
【考点定位】圆锥的性质,异面直线的夹角.
20.(本题满分 14 分)本题共 2 小题,第 1 小题 6 分,第 2 小题 8 分.
已知函数 ,其中 为实数.
(1)根据 的不同取值,判断函数 的奇偶性,并说明理由;(2)若 ,判断函数 在 上的单调性,并说明理由.
1010arccos
xaxxf 1)( 2
a
a )(xf
)3,1(a )(xf ]2,1[
【答案】(1) 是非奇非偶函数;(2)函数 在 上单调递增.
【考点定位】函数的奇偶性、单调性.
21.(本小题 14 分)本题共 2 小题,第 1 小题 6 分,第 2 小题 8 分.
如图, 三地有直道相通, 千米, 千米, 千米.现甲、乙两警员同时从 地出发匀速前往 地,经过 小时,他们之间的距离为 (单位:千米).甲的路线是 ,速度为 5 千米/小时,乙的路线是 ,速度为 8 千米/小时.乙到达 地后原地等待.设 时乙到达 地; 时,乙到达 地.
(1)求 与 的值;
)(xf )(xf ]2,1[
QPO ,, 5OQ 3OP 4PQ
O Q t )(tf
OQ OPQ Q
1tt P
1t )( 1tf
(2)已知警员的对讲机的有效通话距离是 3 千米.当 时,求 的表达式,并判断在 上得最大值是否超过 3?说明理由.
【答案】(1) , 千米;(2)不超过了 3 千米.
【 解 析 】 ( 1 ) 根 据 条 件 知 , 设此时 甲 到达 A 点 , 并连接 , 如 图 所 示 , 则
,所以在 中,由余弦定理得
(千米).
(2)可求得 ,设 小时后,且 ,甲到达了B 点,乙到达了C 点,如图所示,
所以 , ,
21 ttt )(tf
)(tf ],[ 21 tt
h83
8413
所以在 中,
由余弦定理 ,
所以 , ,
设 , ,
因为函数 的对称轴为 ,且 , ,
所以 得最大值为 ,此时 的最大值为 ,所以 在 上得最大值不超过 3.
【考点定位】余弦定理的实际运用,函数的值域.
22.(本题满分 14 分)本题共 3个小题,第 1 小题 4 分,第 2 小题 6 分,第 3 小题 6 分.
已知椭圆 ,过原点的两条直线 和 分别于椭圆交于 、 和 、 ,设的面积为 .
(1)设 , ,用 、 的坐标表示点 到直线 的距离,并证明;[来源:学。科。网]
(2)设 , , ,求 的值;(3)设 与 的斜率之积为 ,求 的值,使得无论 与 如何变动,面积 保持不变.
【答案】(1)详见解析;(2) 或 ;(3) .
],[ 21 tt
12 22 yx 1l 2l A B C D
AOC S
),( 11 yxA ),( 22 yxC A C C 1l
||2 1221 yxyxS
kxyl :1)
33,
33(C
31
Sk
1l 2l m m 1l 2l S
1k 51
k21
m
(3)设 ,则 ,设 , ,
由 ,的 ,
同理 ,
kxyl :1x
kmyl :2 ),( 11 yxA ),( 22 yxC
12 22 yx
kxy2
21 21
1k
x
22
2
2
22 2)(21
1mk
k
km
x
由(1)知,[来源
:Z.xx.k.Com]
,整理得 ,由题意知 与 无关,
则 ,解得 .
所以 .
【考点定位】椭圆的性质,直线与椭圆的位置关系.
23.(本题满分 16 分)本题共 3 小题.第 1 小题 4 分,第 2 小题 6 分,第 3 小题 6 分.
已知数列 与 满足 , .
(1)若 ,且 ,求数列 }{ na 的通项公式 ; (2)设 }{ na 的第 项是最大项,即 ,求证:数列 的第 项是最大项;
(3)设 , )N( n ,求 的取值范围,使得对任意 , ,,且
.
【答案】(1) ;(2)详见解析;(3) .
||||||
21||
21||
21
21
2
1211
1221 xxkmkkxx
kmxxyxyxS
222
2
2212
||
mkk
mk
0)18()2164()18( 22222242 mSkmmSSkS
S k
02164
018222
2
mmSS
S
21812
m
S
21
m
Nn
)0,41(
【解析】(1 )因为 )(2 11 nnnn bbaa , 53 nbn ,所以 )(2 11 nnnn bbaa ,所以 }{ na 是等差数列,首项为 ,公差为 6,即 .
(2)由 ,得 ,所以 为常数列, ,即 ,因为 , ,所以 ,即 ,所以 的第 项是最大项.
)(2 11 nnnn bbaa nnnn baba 22 11
}2{ nn ba 11 22 baba nn 11 22 baba nn
nn aa 0
Nn
1111 22220
babbab nn nn bb 0
}{ nb 0n