183__1646_4a_riepilogo_acciaio_sl
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I.t.g . Guarino Guarini di Modena - CORSO DI COSTRUZIONI – prof. STEFANO CATASTA – a.s. 2010-2011
S.Catasta – P.Antonini – Materiale didattico in revisione per una pubblicazione -
1
the design of he Forth Bridge (Scotland) 1883-1890
by Sir John Fowler and Sir Benjamin Baker
“Gli uomini di esperienza sanno bene che una cosa è, ma non sanno il perché; gli uomini d’arte conoscono il perché e la causa.”
Ippocrate
CLASSE 4 A
APPUNTI DAL CORSO DI COSTRUZIONI
PREDIMENSIONAMENTO DI UN FABBRICATO INDUSTRIALE IN ACCIAIO
(ESERCIZI DI RIEPILOGO DEL PROGRAMMA SVOLTO NEL CORSO DEL 1°QUADRIMESTRE)
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Esercizio
Dimensionare gli elementi strutturali per il capannone industriale in acciaio in figura sito in provincia di Modena a
600m di quota sul livello del mare. L’edificio è collocato in una zona non urbana con ostacoli diffusi.
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ANALISI DEI CARICHI
PERMANENTI
g1 ) peso proprio degli elementi strutturali : 0,40KN/m
g2 ) peso proprio degli elementi non strutturali : 0,20KN/m
N.B. I PESI PROPRI VENGONO IPOTIZZATI SECONDO UNA INCIDENZA MEDIA, DIMENSIONATA LA STRUTTURA OCCORRERA’ VERIFICARE LA
CORRISPONDENZA CON LE IPOTESI ASSUNTE IN PARTENZA
VARIABILI: NEVE
L’edificio si trova in zona tipo : I MEDITERRANEA
Abbiamo un valore caratteristico della neve al suolo di:
qsk = 1,39* [1+(as/602)2] KN/m
2 (essendo as > di quella di riferimento)
qsk = 1,39* [1+(600/602)2] = 2,691 KN/m
2
Il carico neve si ottiene applicando l’espressione [vedi NNTC 3.3.7]
qs = µι qsk CE Ct
essendo µι = 0,8 [vedi NNTC Tab.3.4.II] , CE = Ct = 1.00
Abbiamo per i tre casi: 1) neve senza vento; 2) neve con vento da DX; neve con vento da SX
qs = 0,8*2,691 = 2,153 KN/m2
VARIABILI: VENTO
L’edificio si trova in zona tipo : II EMILIA ROMAGNA
vbo = 25 m/sec
ao (m)= 750 m
ka = 0,015
Essendo as < ao (m) possiamo impiegare vb = vbo
Il carico vento si ottiene applicando l’espressione [vedi NNTC 3.3.2]
qs = qb Ce Cp Cd
con: qb = 0,5*1,25*252 = 390,625 N/m
2
Calcoliamo I coefficienti di esposizione e quello di forma:
Per l’edificio si adotta la classe C di rugosità, da cui si ricavano dalle tabelle i parametri per la definizione del
coefficiente di esposizione.
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La categoria di esposizione del sito è la IV
L’ altezza del fabbricato al livello della gronda è pari a +6,40m e risulta inferiore al valore Zmin tabellato.
Ce(z) = Ce(zmin)
Ce(z) = Kr2 Ct ln (z/zo) [7+ ln (z/zo)]
Ce(z) =0,222 ln (8/0,3) [7+ ln (8/0,3)] = 1,634
Calcoliamo il coefficiente di forma. L’edificio può considerarsi del tipo non stagno,
Cp = Cpe ± Cpi
I coefficienti esterni ed interni si devono combinare in modo da avere la combinazione più sfavorevole per la struttura:
A) Cpe = 0,8+0,2 = 1,00 ; B) Cpe = (-0,4)-0,2 = - 0,6 ; C),D) Cpe= - 0,6
Si ottengono i seguenti valori unitari della pressione del vento:
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Applicando i carichi unitari alle aree di influenza di ogni nodo della trave reticolare si ottengono i valori dei carichi ai
nodi per il dimensionamento degli elementi strutturali
I nodi terminali hanno un area di influenza di: Ai = 1.00x5.00 = 5mq
I nodi interni hanno una area di influenza di: Ai = 2.00x5.00 = 10mq
Otteniamo:
G1 = 2*0,4 = 0,8KN - (G1= 0.4KN nei nodi terminali)
G2 = 0,2* 10 = 2KN - (G2= 1KN nei nodi terminali)
Qs = 2,153*10 = 21,53 KN – (Qs = 10,76KN nei nodi terminali)
Qw = 0,38*10 = 3,8KN – (Qw = 1,9KN nei nodi terminali)
Risolviamo la struttura reticolare con il metodo di Ritter applicando i seguenti schemi di carico:
carichi :
1) G1+G2 ; 2) Qs ; 3) Qw
Per il dimensionamento degli elementi strutturali dovremo valutare le combinazioni di carico più sfavorevoli
applicando il metodo dei coefficienti parziali:
Assumiamo per G2 gli stessi coefficienti che impieghiamo per G1
γG (G1+G2) + γQ (QS) + ψ γQ (Qw)
γG (G1+G2) + γQ (QW) + ψ γQ (QS)
Con i coefficienti: γG= 1.00; γ G = 1.30; γQ = 0.00; γQ = 1.50; ψw = 0,6; ; ψs = 0,5
Applicati nelle varie combinazioni in modo da ottenere la massima sollecitazione negli elementi.
Per tenere conto di tutte le combinazioni possibili al variare dei coefficienti parziali e dei coefficienti di combinazione
conviene analizzare singolarmente la struttura rispetto ai carichi elementari ed applicare i coefficienti rispetto agli
sforzi assiali che si rilevano nelle aste impegnate nel dimensionamento.
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CARICO G1+G2 – considerata la simmetria della struttura e dei carichi si può analizzare metà trave reticolare
Risoluzione con la procedura delle sezioni di Ritter - Correnti inferiore e superiore
∑M6 = 14.00*(10) -1.4*(10) -2.8*(8) -2.8*(6) -2.8*(4) -2.8*(2) –N
8-11 *(1.8) = 0
N8-11
= 140-14-2.8*(20)/1.8 = 38.90KN (trazione)
∑M3 = 14.00*(4)-1.4*(4)-2.8*(2) - N
8-9*(1.257) = 0
N8-9
= 56-5.6-5.6 / 1.257 = 35.64KN (trazione)
∑M8 = 14.00*(6)-1.4*(6)-2.8*(4) – N
5-6*(1.435 cos 5°10’) = 0
N5-6
= 84-8.4-11.2 / 1.43 = 45.03KN (compressione)
∑M2 = 14.00*(2)-1.4*(2)– N
10-9*(1.08) = 0
N10-9
= 28-2.8 / 1.08 = 23.3KN (trazione)
Diagonali e montanti
∑M2 = 14.00*(2)-1.4*(2)– N
1-10*(0.98) = 0
N1-10
= 28-2.8 / 0.98 = 25.70 KN (trazione)
∑M1 = 2.8*(2)-23.33*(0.9)+ N
2-9*(1.10) = 0
N2-9
= -5.6+20.997 / 1.10 = 14.00 KN (trazione)
∑M1 = -23.33*(0.9)+N
2-10*(2.00) = 0
N2-10
= 20.997 / 2.00 = 10.50 KN (compressione)
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CARICO QS – considerata la simmetria della struttura e dei carichi si può analizzare metà trave reticolare
Risoluzione con la procedura delle sezioni di Ritter - Correnti inferiore e superiore
∑M6 = 107.65*(10) -10.76*(10) -21.53*(8) -21.53*(6) -21.53*(4) -21.53*(2) –N
8-11 *(1.8) = 0
N8-11
= 1076.50-107.65-21.53*(20)/1.8 = 299.05KN (trazione)
∑M3 = 107.65*(4)-10.76*(4)-21.53*(2) - N
8-9*(1.257) = 0
N8-9
= 430.6-43.04 -43.02/ 1.257 = 274.09KN (trazione)
∑M8 = 107.65*(6)-10.76*(6)-21.53*(4) – N
5-6*(1.435 cos 5°10’) = 0
N5-6
= 645.9-64.59-86.12 / 1.43 = 346.29KN (compressione)
∑M2 = 107.65*(2)-10.76*(2)– N
10-9*(1.08) = 0
N10-9
= 193.78 / 1.08 = 179.42KN (trazione)
Diagonali e montanti
∑M2 = 107.65*(2)-10.76*(2)– N
1-10*(0.98) = 0
N1-10
= 215.3-21.53 / 0.98 = 196.52 KN (trazione)
∑M1 = 21.53*(2)-179.42*(0.9)+ N
2-9*(1.10) = 0
N2-9
= 43.06-161.48 / 1.10 = 107.65 KN (trazione)
∑M1 = -179.42*(0.9)+N
2-10*(2.00) = 0
N2-10
= 161.48 / 2.00 = 80.74 (compressione)
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CARICO QW – considerata la simmetria della struttura e dei carichi si può analizzare metà trave reticolare
VA = VB = 5*3.8*cos5°10’ = 18.92KN
∑M6 = - 18.92*(10) + 1.9*(10.05) + 3.8*(8.04+6.03+4.02+2.01) + N
8-11 *(1.8) = 0
N8-11
= +189.20 - 19.09 - 76.38 /1.8 = 52.07KN (compressione)
∑M3
= N8-9
*(1.26) - 18.92*(4) + 3.8*(2.01) + 1.9*(4.02) = 0
N8-9
= ( +75.68 - 7.63 - 7.64) /1.26 = 47.94KN (compressione)
∑M7
= N5-6
*(0.72) +52.07*(0.9) - 3.8*(0.06) + 3.8*(1.95) +3.8*(3.96) + 3.8*(5.97) + 1.9*(7.98) – 18.92* (8) = 0
N5-6
= (- 46.86 +0.23 – 7.41 - 15.05 – 22.68 -15.16 + 151.36) / 0.72 = 61.71KN (trazione)
∑M2
= - N10-9
*(1.08) – 18.92*(2) + 1.9*(2.01) = 0
N10-9
= (-37.84 + 3.82) / 1.08 = - 31.05 KN (occorre invertire il verso, l’asta risulta compressa)
∑M2
= - N1-10
*(0.98) – 18.92*(2) + 1.9*(2.01) = 0
N1-10
= ( -37.84 + 3.82) / 0.98 = - 34.71 KN (occorre invertire il verso, l’asta risulta compressa)
∑M1
= - N2-10
*(2.0) + 31.05*(0.90) = 0
N2-10
= 427.94 / 2.0 = 13.97 KN
∑M1
= - N2-9
*(1.10) – 3.8*(2.01) + 31.05 *( 0.9) = 0
N2-9
= - 27.94 + 7.64/ 1.10 = - 18.45 KN (occorre invertire il verso, l’asta risulta compressa)
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TABELLA DEI RISULTATI
ASTA G1+G2 (KN) QS (KN) QW(KN)
8-11
+ 38.90 +299.05 -52.07
8-9 + 35.64 +274.09 -47.94
5-6 - 45.03 - 346.29 +61.71
10-9 +23.33 +179.42 -31.05
1-10 +25.55 +196.52 -34.71
2-10 -10.50 - 80.74 +13.97
2-9 +14.00 +107.65 -18.45
Per dimensionare le aste dobbiamo combinare i risultati con i coefficienti parziali. Impiegando, per ragioni costruttive,
non più di tre tipi di profilo, possiamo diminuire le aste da dimensionare.
Applichiamo l’espressione per le combinazioni agli SLU
γG (G1+G2) + γQ (QS) + ψ γQ (Qw)
γG (G1+G2) + γQ (QW) + ψ γQ (QS)
Con i coefficienti che assumeranno i valori: γG= 1.00; γ G = 1.30; γQ = 0.00; γ Q = 1.50; ψw = 0,6; ; ψs = 0,5
Corrente inferiore (si assume l’asta 8-11)
COMB. 1
1.3*38.90 + 1.5*299.05 + 0*(-52.07) = 50.57+448.575 +0 = 499.145KN
COMB. 2
1.0*38.90 + 0*299.05 + 1.5*(-52.07) = 38.90 – 78.105 = - 39.205KN
Corrente inferiore (si assume l’asta 8-9)
COMB. 1
1.3*35.64 + 1.5*274.09 + 0*(- 47.94) = 46.33 + 411.135 +0 = 457.465KN
COMB. 2
1.0*35.64 + 0*274.09 + 1.5*(-47.94) = 35.64 – 71.91 = - 36.27KN
Corrente superiore (si assume l’asta 5-6)
COMB. 1
1.3*(-45.03) + 1.5*(-346.29) + 0*61.71= - 58.54 - 519.435 +0 = - 577.975KN
COMB. 2
1.0*(- 45.63) + 0*(-346.29) + 1.5*61.71= -45.63 +92.56 = 46.935KN
Diagonale (si assume l’asta 2-9)
COMB. 1
1.3*14.00 + 1.5*107.65 +0*(-18.45) = 18.2 + 161.475 = 179.675KN
COMB. 2
1.0*14.00 + 0*107.65 +1.5*(-18.45) = 14 – 27.675 = - 13.675KN
Montante (si assume l’asta 2-10)
COMB. 1
1.3*(-10.50) + 1.5*(-80.74) +0*13.97= -13.65 -121.11 = - 134.76KN
COMB. 2
1.0*(-10.50) + 0*(-80.74) +1.5*(+13.97) = -10.5 +20.955= + 10.455KN
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PROGETTO E VERIFICA DELLE SEZIONI
La sezione maggiormente sollecitata a compressione risulta essere quella appartenente all’asta 5-6
N ≈ - 578KN
L = Lo = 201cm (lunghezza libera di inflessione)
Per la verifica della stabilità dovrà risultare (vedi NNTC 4.2.42) :
�����,��
� 1
Dove NEd = 578KN (valore di calcolo)
E il valore Nb,Rd è il valore della resistenza ultima della sezione, che essendo nel nostro caso di classe 1, diventa:
��,�� � � · � · ���
I coefficienti adimensionali � dipendono dal tipo di sezione e dalla qualità dell’acciaio impiegato e si usano per
tenere conto della riduzione della resistenza della sezione a causa dei fenomeni di instabilità.
Quindi la � è funzione della snellezza e delle imperfezioni di realizzazione (vedi NNTC 4.2.45)
� � 1 Φ � √Φ � λ � 1
Nella formula si deve sostituire il valore di Φ e della snellezza adimensionale λ Φ � 0.5 · �1 � ��� � 0.2� � �� (vedi NNTC 4.2.45) con α (fattore di imperfezione che si ricava dalla tabella Tab.
4.2 VI e la snellezza adimensionale che si ricava attraverso la formula (per sezioni classe 1,2,3) :
� � �� · �����
Il valore di Ncr è il carico critico Euleriano ed è basato sulle proprietà della sezione lorda e sulla lunghezza libera di
inflessione dell’asta calcolato per la modalità di collasso
N.B. la snellezza nelle membrature compresse non deve eccedere il valore di 200 nelle principali e di 250 in quelle secondarie
Nel nostro caso, assumendo una sezione resistente tipo HeA 160 ed un acciaio tipo S275 , di superficie pari a 38,8cm2
di raggio d’inerzia minimo pari a 3,98cm, modulo elastico Es =210000 N/mm2
, JMIN = 6160000mm4
, abbiamo:
Snellezza geometrica:
λ = 201/3.98 = 50,5 < 200
Carico critico Euleriano:
Ncr. = π2ES JMIN /Lo
2 = 3.14
2 *6160000*210000/2010
2 = 9.859*6160000*210000 /4040100 = 3157KN
Snellezza adimensionale:
� � �3880 · 2753157000 � 0.581
Assumiamo il valore di α dalla tabella 4.2 VI
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Si deve assumere la curva di instabilità “c”
Il fattore di imperfezione α vale 0,49
Φ � 0.5 · �1 � 0.49�0.581 � 0.2� � 0.581� = 0.5*(1+0.186+0.337) = 0.76
χ = 1/ 0.76+ w (0.762- 0.581
2) = 1/0.76 + w(0.577- 0.337) = 1/0.76+0.489 = 1/1.249 = 0.80
Il diagramma illustra la relazione che intercorre tra la snellezza ed il coefficiente di riduzione �
N.B. verificare sul diagramma delle “curve di instabilità” la corrispondenza del valore del coefficiente di riduzione � in relazione alla snellezza
geometrica
0.00
0.10
0.20
0.30
0.40
0.50
0.60
0.70
0.80
0.90
1.00
20
30
40
50
60
70
80
90
100
110
120
130
140
150
160
170
180
190
200
210
220
230
240
250
Co
eff
. d
i rid
uzio
ne
X
Snellezza geometrica
a0
a
b
c
d
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Calcoliamo il valore della resistenza ultima:
Nb,Rd = 0.8*3880*275/1.05 = 812952.38N ≈ 812KN
Quindi verifichiamo:
576/812 = 0.71 < 1 – la sezione è verificata
Non occorre verificare la COMB2 in quanto la sezione risulterà certamente verificata a trazione
Dimensioniamo i correnti soggetti a trazione:
L’asta maggiormente impegnata a trazione è la 8-11, questa però è anche soggetta nella COMB2 ad una sollecitazione
di compressione. Il dimensionamento dell’elemento dovrà garantire il soddisfacimento di entrambe le condizioni di
stabilità.
COMB1 = N = 499.145 KN (trazione)
COMB2 = N = - 39.205 KN (compressione)
Adottiamo un profilo HeA 100 ed un acciaio tipo S275 , di superficie pari a 21.2cm2 di raggio d’inerzia minimo pari a
2,51cm, modulo elastico Es =210000 N/mm2
, JMIN = 1340000mm4
, abbiamo:
���� ,��
� 1
Nt si assumerà dal minore dei seguenti valori:
Npl,Rd = A fyk /γM0 = 2120 *275/1.05 = 555238.09N
Sulla sezione, depurata da 4 fori sulle ali: Af = (4x12x8) = 384mm2
Nul,Rd = 0.9 Anet ftk /γM2 = 0.9*(2120-384)*430 / 1.25 = 597184N
Verifichiamo:
499.145 / 555.24 = 0.90 < 1 la sezione è verificata
Verifichiamo la COMB2
L’elemento in trazione si disporrà incernierato tra i due semiarchi (anche per questioni di trasporto e montaggio)
predisponendo delle flange “in attesa” anche per la necessità di diminuire al limite ammissibile la snellezza.
Snellezza geometrica:
λ = 600/2.51 = 239 < 250 (si tratta di un elemento secondario)
Carico critico Euleriano:
Ncr. = π2ES JMIN /Lo
2 = 3.14
2 *1340000*210000/6000
2 = 77069.21N
Snellezza adimensionale:
� � �2120 · 27577069 � 2.75
Il fattore di imperfezione α vale 0,49
Φ � 0.5 · �1 � 0.49�2.75 � 0.2� � 2.75� = 0.5*(1+1.249+7.56) = 4.906
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13
χ = 1/ 4.906+ w (4.906 2
- 2.752) = 1/ 4.906 + w(24.07- 7.56) = 1/8.97 = 1/6.446 = 0.11
Calcoliamo il valore della resistenza ultima:
Nb,Rd = 0.11*2120*275/1.05 = 61.076KN
Quindi verifichiamo:
39.205 /61.076 = 0.64 < 1 – la sezione è verificata
La verifica dell’asta 8-9 può omettersi assumendo la sezione dell’asta 8-11
Verifichiamo il Montante ( asta 2-10)
COMB. 1
1.3*(-10.50) + 1.5*(-80.74) +0*13.97= -13.65 -121.11 = - 134.76KN
COMB. 2
1.0*(-10.50) + 0*(-80.74) +1.5*(+13.97) = -10.5 +20.955= + 10.455KN
Adottiamo un profilo HeA 100 ed un acciaio tipo S275 , di superficie pari a 21.2cm2 di raggio d’inerzia minimo pari a
2.51cm, modulo elastico Es =210000 N/mm2
, JMIN = 1340000mm4
, abbiamo:
���� ,��
� 1
Snellezza geometrica:
λ = 108/2.51 = 43 < 200
Carico critico Euleriano:
Ncr. = π2ES JMIN /Lo
2 = 3.14
2 *1340000*210000/1080
2= 2378679.218N = 2378,68KN
Snellezza adimensionale:
� � �2120 · 2752378680 � 0.495
Il fattore di imperfezione α vale 0,49
Φ � 0.5 · �1 � 0.49�0.49 � 0.2� � 0.49� = 0.5*(1+0.142+0.24) = 0.695
χ = 1/ 0.695+ w (0.6952- 0.495
2) = 1/ 0.695+w 0.483-0.245 = 1/1.182= 0.846
Calcoliamo il valore della resistenza ultima:
Nb,Rd = 0.846*2120*275/1.05 = 469.731KN
Quindi verifichiamo:
134.76/469.731 = 0.286 < 1 – la sezione è verificata
Non occorre verificare il montante a trazione
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Diagonale (asta 2-9)
COMB. 1
1.3*14.00 + 1.5*107.65 +0*(-18.45) = 18.2 + 161.475 = 179.675KN
COMB. 2
1.0*14.00 + 0*107.65 +1.5*(-18.45) = 14 – 27.675 = - 13.675KN
Adottiamo un profilo HeA 100 ed un acciaio tipo S275 , di superficie pari a 21.2cm2 di raggio d’inerzia minimo pari a
2.51cm, modulo elastico Es =210000 N/mm2
, JMIN = 1340000mm4
, abbiamo:
���� ,��
� 1
Nt si assumerà dal minore dei seguenti valori:
Npl,Rd = A fyk /γM0 = 2120 *275/1.05 = 555238.09N
La sezione sarà interamente reagente (il giunto si realizza saldato a completo ripristino)
Verifichiamo:
179.675 / 555.24 = 0.32 < 1 la sezione è verificata
Non occorre verificare la COMB.2
PREDIMENSIONAMENTO
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15
DIMENSIONAMENTO DELLE TRAVI SECONDARIE (ARCARECCI)
Gli arcarecci servono a trasmettere i carichi gravanti sulla copertura alle sottostanti travi reticolari. Gli arcarecci sono
posizionati in senso ortogonale al piano delle travi reticolari e poggiano sul corrente superiore in corrispondenza dei
nodi . In genere le sezioni degli arcarecci sono soggette a flessione deviata, ma per valori dell’angolo sul piano
orizzontale minori di 10° il contributo della componente flessionale sull’asse debole è praticamente trascurabile.
Nel nostro caso l’angolo è di circa 5° quindi possiamo adottare un profilo tipo IPE non necessitando di particolare
inerzia per le componenti flessionali agenti sull’asse y-y.
ANALISI DEI CARICHI
Abbiamo:
G1 = 0,104 KN/m - (ipotizzando IPE 120)
G2 = (2 x 5)*0,2 / 5 = 0,4KN/m
Qs = 2,153*(2 x 5)/5 = 4,31 KN/m
Qw = - 0,38*(2 x 5) /5 = - 0,76KN/m
Applichiamo l’espressione per le combinazioni agli SLU
γG (G1+G2) + γQ (QS) + ψ γQ (Qw) ; γG (G1+G2) + γQ (QW) + ψ γQ (QS)
La combinazione dei carichi più sfavorevole risulta essere la seguente:
Fd = 1, 3*(0,104+0,4) + 1,5*(4,31) + 0,6*0.0*(-0,76) = 0,655 + 6,465 = 7,12KN
Considerando lo schema di calcolo di una trave appoggiata-appoggiata con luce di 5 metri abbiamo le seguenti azioni
di calcolo:
MY-Y = Fd x L2 /8 = 22,25 KNm
Tz-z = Fd x L /2 = 17,80 KNm
Considerando l’impiego di profili in acciaio tipo S275 possiamo contare su una fyd = 275/1,05 = 261.90N/mm2
Possiamo ricavare il modulo elastico di progetto ponendo:
Wpl = 22,25*104 / 2619 = 84,95cm
3
Assumiamo un profilo IPE160 con Jy-y = 869 cm4 Wpl = 123,9cm
3 ; A = 20,10cm
2 ; G1 = 17,9 daN/m
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Verifiche:
MEd /Mc,Rd � 1 ; 22,25*104 / 123,9*2619 = 0,68 < 1.00 (la verifica a flessione è soddisfatta)
VEd/ VCRd � 1 → fyd = fyk/γM0
VCRd = Av *fyd / S3
Av = A – 2b*tf + (tW+2r) tf ; 2010 – (2*82*7,4) = 796,4mm2
( a favore di sicurezza)
VCRd = 796,4*261,9/1,73 = 120565N
17800/120565 = 0,15 < 1.00 (la verifica a taglio è soddisfatta)
VERIFICA AGLI SLE
La massima freccia ammissibile deve risultare:
δmax / L = 1/200 - (combinazione rara)
δ2/ L = 1/250 - (solo carichi variabili)
G1+G2 = 0,179+0,4 = 0,58KNm
Qs = 4,31KN/m
δ1 = 5 (G1+G2 ) *L4 / 384*Es* Jy-y = 5*0,58*500
4 /384* 2100000*869 = 0,25cm
δ2 = 5 (4,31 ) *L4 / 384*Es* Jy-y = 5*4,31*500
4 /384* 2100000*869 = 1,92cm < L/250
δmax = δ1 + δ2 = 2,17 < L/200