knÄckning
DESCRIPTION
Byggnadsmekanik gk 10.1. KNÄCKNING. STELA BALKAR. I detta kapitel studeras instabilitetsfenomen hos balkar som är utsatta för en stor tryckande normalkraft. INSTABILITETSFENOMENET. Problem : för vilka värde för P är detta jämviktsläge stabilt ?. Bollen utsätts för en liten perturbation. - PowerPoint PPT PresentationTRANSCRIPT
KNÄCKNING
I detta kapitel studeras instabilitetsfenomen hos balkar som är utsatta för en stor tryckande normalkraft.
Byggnadsmekanik gk 10.1
INSTABILITETSFENOMENET
stabilt jämviktsläge
ickestabilt jämviktsläge
Bollen utsätts för en liten perturbation.
Jämviktsläget är stabilt om bollen återgår till samma jämviktsläge.
Jämviktsläget är ickestabilt om bollen går till ett annat jämviktsläge.
STELA BALKAR
P
spiral fjäder
k
L
stel balk
Problem : för vilka värde för P är detta jämviktsläge stabilt ?
Metod : man applicerar en liten rotation och kollar om strukturen återgå till jämviktsläget
Byggnadsmekanik gk 10.2
kMf
P
d
Mf > Pd : balken återgår till vertikalt jämviktsläge
balken är i ett stabilt jämviktsläge
Mf < Pd : balken faller ( ökar)
balken är i ett instabilt jämviktsläge.
litet)(sin L L d
Lk
P PLk d PMf
lasten)(kritiska Lk
Pcr
• P < Pcr : stabilt jämviktsläge
• P > Pcr : instabilt jämviktsläge
• P = Pcr : neutralt jämviktsläge
(litet)
neutralt jämviktsläge
P
crP
stabilt jämviktsläge
ickestabilt jämviktsläge
Om P ökas progressivt kommer strukturen att deformeras kraftigt när P = Pcr . Det ickestabila jämviktsläget är omöjligt att nå.
Byggnadsmekanik gk 10.3
Jämförelse teori - experiment
P
teori
experiment
Experimentet visar att balken börjar rotera
före Pcr och kan tåla en last större än Pcr .
crP
Förklaringar :
om blir för stor, = sin gäller inte
vid ett experiment finns det alltid imperfektioner
P
d
0fM )( o kMf
o
Ett sätt att introducera imperfektioner i ekvationerna är att anta att det obelastade
balken inte är vertikalt utan bildar en vinkel o med ett vertikalt linje.
Balkensegenvikt försummas och Mf = 0 utan
last P.
Byggnadsmekanik gk 10.4
P
d
)( o kMf
Balken är i jämvikt om:
sin)( o L P k d P Mf
1 ekvsinsin
oo P Lk
P cr
P
ekv 1
ekv 1 ger en jämviktskurva som liknar experiment resultat.
crP
sinL d
Byggnadsmekanik gk 10.5
EULER FALL 1
PA BEI
L
P
För en slank balk ger last P upphov till en böjning.
Den linjära teorin (föreläsning 4) ger en homogen tryckning (N = -P) och ingen böjning (M = 0), den kan därför inte beskriva verkligheten.
En olinjär teori måste användas.
I en olinjär teori ställs jämviktsekvationer upp i det utböjda jämviktsläget.
P0 M
Linjär teori : jämviktsekvationer utan att betrakta deformationer.
)(xv
v P M
Olinjär teori :
x
y
P
OBS : med jämviktsekvationer för hela balken konstateras att det inte finns några vertikala upplagskrafter i A och B.
Byggnadsmekanik gk 10.6
v EI v P M
0 v P v EI
Problem : man applicerar en perturbation (liten böjning) och letar efter vilken minimal last P som behövs för att hålla jämvikten (neutralt jämviktsläget). Denna last är den kritiska lasten Pcr.
• om P < Pcr återgår balken till den raka ställningen.
• om P > Pcr kommer balken att deformeras kraftigt.
)(xv
v P M
x
y
P
Lösningen är av formen
EIP
x x xv λλλ )sin(B)cos(A)(
Konstanter A och B bestäms genom att använda randvillkoren
0
0
0
00
L
Lxv
xv
)sin(B
A
)(
)(
λ
0
00
0
L
xv
λL
)sin(
eller
böjning ingen )(B
)sin(B
λ
PA BEI
L
Byggnadsmekanik gk 10.7
För att få ett jämviktsläge med böjning måste
...,,)sin( 2100 n n L L πλ
x
Ln
xv L
EIn P
ππsinB)(
2
22
)sin(B)( x xv EIP
λλ
Denna lösning innebär att det finns olika värden på den kritiska lasten. Bara det lägsta värdet, vilket fås för n = 1 har fysiskt betydelse.
x
L xv
L
EI P
crππ
sinB)(2
2
Slutsats : Euler fall 1
neutralt jämviktsläge
P
crP
stabilt jämviktsläge
ickestabilt jämviktsläge
2
2
L
EI P
crπ
x
L xv
πsinB)(
)/( 2Lxv
PA BEI
L
Om P ökas progressivt kommer balken att böja sig kraftigt när P = Pcr . Det ickestabila jämviktsläget är omöjligt att nå.
Byggnadsmekanik gk 10.8
EULER FALL 3
P
A B
L
Problem : hitta Pcr , den minimala lasten som behövs för att hålla jämvikten i deformationsläget när en perturbation (liten böjning) appliceras.
P
A
Bx
y
AX
AY
AM
BY
L YM YY PX BABAA
Jämviktsekvationer för hela balken
2 ekvationer och 3 obekanta. Systemet är statiskt obestämt av grad 1.
AY
x
y
P
MAM
)(xv
vP x Y LY M v EI
vP x Y M M
AA
AA 0
)(A Lx Y vP v EI
Byggnadsmekanik gk 10.9
)(A Lx Y vP v EI
P
A B
L
EIP
x x xv )sin(B)cos(A)(h λλ
Homogen lösning
Partikulär lösning
)()( Ap Lx
PY
xv
Totala lösning
)()sin(B)cos(A
)()()(
A Lx P
Y x x
xvxv xv
ph
λλ
3 randvillkor behövs för att bestämma A, B och YA.
)()sin(B)cos(A)(
BB)(
AA)(
AA
AA
100
000
000
L L Lv
P Y
P
Y v
LP
Y L
PY
v
λλ
λλ
01
01
L LL Y
LP
Y L
PLY
)sin()cos(
)sin()cos()(
A
AA
λλ
λ
λλ
L L L
xv Y
01
00
1
)sin()cos(
eller
böjning ingen)(
)(
A
λλ
λ
Byggnadsmekanik gk 10.10
01
L L L )sin()cos( λλ
λ
För att få ett jämviktsläge med böjning måste
L L λλ )tan(EIP
Det minsta värdet för (och därför P) som uppfyller ekvationen ovan är
L
EIP
L cr
πλλ
431431
..
2042
L
EI P
2
crπ
.
4 EULER FALLEN
L
P(1)
P
(2)
P(3)
P(4)
2
2
L
EI P
crπ
2042
L
EI P
2
crπ
.
2
24L
EI P
cr
π
2
2
4 L
EI P
crπ
Byggnadsmekanik gk 10.11
EFFEKTIV KNÄCKNINGSLÄNGD
L
P(1)
1
2
2
β
π
L
EI P
cr
Den kritiska lasten för alla 4 fallen kan uttryckas
2
2
L)
EI P
crβ
π(
För Euler fall 1
Den kritiska lasten för fall 2 och 4 kan bestämmas utan beräkning genom att använda resultatet för fall 1.
För Euler fall 2
Bägge balkar har samma Pcr
2
2
2L)
EI P
cr
(
πför balk (1)
och därför för balk (2) 2
2
2L)
EI P
cr
(
π
= 2 för Euler fall 2
(2)
P(1)
L L
P
Byggnadsmekanik gk 10.12
För Euler fall 4
(4)P
L / 2L / 4 L / 4
(1) P
(2)
P P
(2)
Inflexionspunkt M = 0
Balkar (1) (2) och (4) har samma Pcr
för balk (1) 2
2
2
2 4
2 L
EI
)L
EI P
crππ
/
(
2
2
2
2 4
44 L
EI
L
EI P
crππ
/
)(för balk (2)
och därför för balk (4) 2
24
L
EI P
crπ
= 1 / 2 för Euler fall 4
Byggnadsmekanik gk 10.13
Exempel 1L
EI EI
A
B
C
4 N
12 LEI
60 45
Problem : beräkna säkerhetsfaktorn mot knäckningen för detta fackverk
Jämvikt av knutpunkt B ger
N N N 072932 .N. BCAB
Kritiska laster
N.AB L
EI
L
EI Pcr 407
4
3
3
22
2
2
2
ππ
N.BC
L
EI
L
EI Pcr 934
222
2
2
2
ππ
Säkerhetsfaktorer för stängerna
522932
407.
.
.AB Sf 382
072
934.
.
.BC Sf
Säkerhetsfaktor för fackverket
382. Sf
Byggnadsmekanik gk 10.14
JÄMFÖRELSE TEORI - EXPERIMENT
Experimentet visar att balken börjar böja sig
före Pcr och kan tåla en last större än Pcr .
P
teori
experiment
)/( 2Lxv
crP
PA BEI
L
Teorin som har används för att beräkna Pcr förutsätter :
ingen imperfektion
M v EI
Två enkla sätt att introducera imperfektionerna i ekvationerna är att anta att den obelastade balken inte är rak utan ha en sinusformad initialbojning eller att anta att lasten P inte angriper vid tvärsnittets tyngdpunkt utan med en viss excentritet.
A BEI
Lx
xv
π
in sinV)( o
P
Byggnadsmekanik gk 10.15
Denna ekvation förutsätter små deformationerna, vilket inte är fallet om P >Pcr .
• Teorin som vi har sett i detta kapitel ger ej deformationerna utan endast den kritiska lasten Pcr, dvs trycklasten för vilken utböjningen blir plötsligt stor.
• Vill man beskriva utböjningsförloppet efter Pcr kan inte approximationen EI v = – M användas.
M v EI